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《2019年高考数学一轮复习 第九章 第三节 导数的应用演练知能检测 文》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、2019年高考数学一轮复习第九章第三节导数的应用演练知能检测文1.已知f(x)=x2+sin,f′(x)为f(x)的导函数,则f′(x)的图象是( )解析:选A f(x)=x2+sin=x2+cosx,f′(x)=x-sinx.易知该函数为奇函数,所以排除B、D.当x=时,f′=×-sin=-<0,可排除C.2.下面为函数f(x)=xsinx+cosx的递增区间的是( )A.B.(π,2π)C.D.(2π,3π)解析:选C f′(x)=sinx+xcosx-sinx=xcosx,当x∈时,恒有f′(x)>0.3.已知函数f(x)=x3-x2-x,则f(-a2)与f(-
2、1)的大小关系为( )A.f(-a2)≤f(-1)B.f(-a2)0,f(x)为增函数;当-13、3,0)B.(-∞,-3)C.D.解析:选A 由题可得y′=aex+3,若函数在x∈R上有大于零的极值点,即y′=aex+3=0有正根,显然有a<0,此时x=ln.由x>0,得参数a的范围为a>-3.综上知,-30),则F′(x)=′=.因为x>0,xf′(x)-f(x)≤0,所以F′(x)≤0,故函数4、F(x)在(0,+∞)上为减函数.又00时有>0,则不等式xf(x)>0的解集为( )A.{x5、-16、x>1或-17、x>0}D.{x8、-10时有>0,即′>0,∴在(0,+∞)上单调递增.∵f(x)为R上的偶函数,∴xf(x)为R上的奇函数.∵xf(x)>0,∴x2>0,∴>0.∵在(0,+∞)上单调递增,且=0,∴当x>0时,若xf(x)>0,则x>1.又∵xf(x)9、为R上的奇函数,∴当x<0时,若xf(x)>0,则-110、x>1或-10,得x<1或x>2,由f′(x)<0,得111、4.答案:5或48.已知函数f(x)=-x2+4x-3lnx在[t,t+1]上不单调,则t的取值范围是________.解析:由题意知f′(x)=-x+4-==-,由f′(x)=0,得函数f(x)的两个极值点为1,3,则只要这两个极值点有一个在区间(t,t+1)内,函数f(x)在区间[t,t+1]上就不单调,由t<112、f(x1)-f(x2)13、≤1恒成立,则a的取值范围是________.解析:由题意得,14、在[0,1]内,f(x)max-f(x)min≤1.f′(x)=x2-a2,则函数f(x)=x3-a2x的极小值点是x=15、a16、.若17、a18、>1,则函数f(x)在[0,1]上单调递减,故只要f(0)-f(1)≤1,即只要a2≤,即1<19、a20、≤;若21、a22、≤1,此时f(x)min=f(23、a24、)=25、a26、3-a227、a28、=-a229、a30、,由于f(0)=0,f(1)=-a2,故当31、a32、≤时,f(x)max=f(1),此时只要-a2+a233、a34、≤1即可,即a2≤,由于35、a36、≤,故37、a38、-1≤×-1<0,故此式成立;当<39、a40、≤1时,此时f(x)m
3、3,0)B.(-∞,-3)C.D.解析:选A 由题可得y′=aex+3,若函数在x∈R上有大于零的极值点,即y′=aex+3=0有正根,显然有a<0,此时x=ln.由x>0,得参数a的范围为a>-3.综上知,-30),则F′(x)=′=.因为x>0,xf′(x)-f(x)≤0,所以F′(x)≤0,故函数
4、F(x)在(0,+∞)上为减函数.又00时有>0,则不等式xf(x)>0的解集为( )A.{x
5、-16、x>1或-17、x>0}D.{x8、-10时有>0,即′>0,∴在(0,+∞)上单调递增.∵f(x)为R上的偶函数,∴xf(x)为R上的奇函数.∵xf(x)>0,∴x2>0,∴>0.∵在(0,+∞)上单调递增,且=0,∴当x>0时,若xf(x)>0,则x>1.又∵xf(x)9、为R上的奇函数,∴当x<0时,若xf(x)>0,则-110、x>1或-10,得x<1或x>2,由f′(x)<0,得111、4.答案:5或48.已知函数f(x)=-x2+4x-3lnx在[t,t+1]上不单调,则t的取值范围是________.解析:由题意知f′(x)=-x+4-==-,由f′(x)=0,得函数f(x)的两个极值点为1,3,则只要这两个极值点有一个在区间(t,t+1)内,函数f(x)在区间[t,t+1]上就不单调,由t<112、f(x1)-f(x2)13、≤1恒成立,则a的取值范围是________.解析:由题意得,14、在[0,1]内,f(x)max-f(x)min≤1.f′(x)=x2-a2,则函数f(x)=x3-a2x的极小值点是x=15、a16、.若17、a18、>1,则函数f(x)在[0,1]上单调递减,故只要f(0)-f(1)≤1,即只要a2≤,即1<19、a20、≤;若21、a22、≤1,此时f(x)min=f(23、a24、)=25、a26、3-a227、a28、=-a229、a30、,由于f(0)=0,f(1)=-a2,故当31、a32、≤时,f(x)max=f(1),此时只要-a2+a233、a34、≤1即可,即a2≤,由于35、a36、≤,故37、a38、-1≤×-1<0,故此式成立;当<39、a40、≤1时,此时f(x)m
6、x>1或-17、x>0}D.{x8、-10时有>0,即′>0,∴在(0,+∞)上单调递增.∵f(x)为R上的偶函数,∴xf(x)为R上的奇函数.∵xf(x)>0,∴x2>0,∴>0.∵在(0,+∞)上单调递增,且=0,∴当x>0时,若xf(x)>0,则x>1.又∵xf(x)9、为R上的奇函数,∴当x<0时,若xf(x)>0,则-110、x>1或-10,得x<1或x>2,由f′(x)<0,得111、4.答案:5或48.已知函数f(x)=-x2+4x-3lnx在[t,t+1]上不单调,则t的取值范围是________.解析:由题意知f′(x)=-x+4-==-,由f′(x)=0,得函数f(x)的两个极值点为1,3,则只要这两个极值点有一个在区间(t,t+1)内,函数f(x)在区间[t,t+1]上就不单调,由t<112、f(x1)-f(x2)13、≤1恒成立,则a的取值范围是________.解析:由题意得,14、在[0,1]内,f(x)max-f(x)min≤1.f′(x)=x2-a2,则函数f(x)=x3-a2x的极小值点是x=15、a16、.若17、a18、>1,则函数f(x)在[0,1]上单调递减,故只要f(0)-f(1)≤1,即只要a2≤,即1<19、a20、≤;若21、a22、≤1,此时f(x)min=f(23、a24、)=25、a26、3-a227、a28、=-a229、a30、,由于f(0)=0,f(1)=-a2,故当31、a32、≤时,f(x)max=f(1),此时只要-a2+a233、a34、≤1即可,即a2≤,由于35、a36、≤,故37、a38、-1≤×-1<0,故此式成立;当<39、a40、≤1时,此时f(x)m
7、x>0}D.{x
8、-10时有>0,即′>0,∴在(0,+∞)上单调递增.∵f(x)为R上的偶函数,∴xf(x)为R上的奇函数.∵xf(x)>0,∴x2>0,∴>0.∵在(0,+∞)上单调递增,且=0,∴当x>0时,若xf(x)>0,则x>1.又∵xf(x)
9、为R上的奇函数,∴当x<0时,若xf(x)>0,则-110、x>1或-10,得x<1或x>2,由f′(x)<0,得111、4.答案:5或48.已知函数f(x)=-x2+4x-3lnx在[t,t+1]上不单调,则t的取值范围是________.解析:由题意知f′(x)=-x+4-==-,由f′(x)=0,得函数f(x)的两个极值点为1,3,则只要这两个极值点有一个在区间(t,t+1)内,函数f(x)在区间[t,t+1]上就不单调,由t<112、f(x1)-f(x2)13、≤1恒成立,则a的取值范围是________.解析:由题意得,14、在[0,1]内,f(x)max-f(x)min≤1.f′(x)=x2-a2,则函数f(x)=x3-a2x的极小值点是x=15、a16、.若17、a18、>1,则函数f(x)在[0,1]上单调递减,故只要f(0)-f(1)≤1,即只要a2≤,即1<19、a20、≤;若21、a22、≤1,此时f(x)min=f(23、a24、)=25、a26、3-a227、a28、=-a229、a30、,由于f(0)=0,f(1)=-a2,故当31、a32、≤时,f(x)max=f(1),此时只要-a2+a233、a34、≤1即可,即a2≤,由于35、a36、≤,故37、a38、-1≤×-1<0,故此式成立;当<39、a40、≤1时,此时f(x)m
10、x>1或-10,得x<1或x>2,由f′(x)<0,得111、4.答案:5或48.已知函数f(x)=-x2+4x-3lnx在[t,t+1]上不单调,则t的取值范围是________.解析:由题意知f′(x)=-x+4-==-,由f′(x)=0,得函数f(x)的两个极值点为1,3,则只要这两个极值点有一个在区间(t,t+1)内,函数f(x)在区间[t,t+1]上就不单调,由t<112、f(x1)-f(x2)13、≤1恒成立,则a的取值范围是________.解析:由题意得,14、在[0,1]内,f(x)max-f(x)min≤1.f′(x)=x2-a2,则函数f(x)=x3-a2x的极小值点是x=15、a16、.若17、a18、>1,则函数f(x)在[0,1]上单调递减,故只要f(0)-f(1)≤1,即只要a2≤,即1<19、a20、≤;若21、a22、≤1,此时f(x)min=f(23、a24、)=25、a26、3-a227、a28、=-a229、a30、,由于f(0)=0,f(1)=-a2,故当31、a32、≤时,f(x)max=f(1),此时只要-a2+a233、a34、≤1即可,即a2≤,由于35、a36、≤,故37、a38、-1≤×-1<0,故此式成立;当<39、a40、≤1时,此时f(x)m
11、4.答案:5或48.已知函数f(x)=-x2+4x-3lnx在[t,t+1]上不单调,则t的取值范围是________.解析:由题意知f′(x)=-x+4-==-,由f′(x)=0,得函数f(x)的两个极值点为1,3,则只要这两个极值点有一个在区间(t,t+1)内,函数f(x)在区间[t,t+1]上就不单调,由t<112、f(x1)-f(x2)13、≤1恒成立,则a的取值范围是________.解析:由题意得,14、在[0,1]内,f(x)max-f(x)min≤1.f′(x)=x2-a2,则函数f(x)=x3-a2x的极小值点是x=15、a16、.若17、a18、>1,则函数f(x)在[0,1]上单调递减,故只要f(0)-f(1)≤1,即只要a2≤,即1<19、a20、≤;若21、a22、≤1,此时f(x)min=f(23、a24、)=25、a26、3-a227、a28、=-a229、a30、,由于f(0)=0,f(1)=-a2,故当31、a32、≤时,f(x)max=f(1),此时只要-a2+a233、a34、≤1即可,即a2≤,由于35、a36、≤,故37、a38、-1≤×-1<0,故此式成立;当<39、a40、≤1时,此时f(x)m
12、f(x1)-f(x2)
13、≤1恒成立,则a的取值范围是________.解析:由题意得,
14、在[0,1]内,f(x)max-f(x)min≤1.f′(x)=x2-a2,则函数f(x)=x3-a2x的极小值点是x=
15、a
16、.若
17、a
18、>1,则函数f(x)在[0,1]上单调递减,故只要f(0)-f(1)≤1,即只要a2≤,即1<
19、a
20、≤;若
21、a
22、≤1,此时f(x)min=f(
23、a
24、)=
25、a
26、3-a2
27、a
28、=-a2
29、a
30、,由于f(0)=0,f(1)=-a2,故当
31、a
32、≤时,f(x)max=f(1),此时只要-a2+a2
33、a
34、≤1即可,即a2≤,由于
35、a
36、≤,故
37、a
38、-1≤×-1<0,故此式成立;当<
39、a
40、≤1时,此时f(x)m
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