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时间:2020-06-26
《【北师大版】2020年高考数学理科一轮复习 课时分层训练74不等式的证明.doc》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、课时分层训练(七十四) 不等式的证明1.设a,b是非负实数,求证:a2+b2≥(a+b).[证明] 因为a2+b2-(a+b)=(a2-a)+(b2-b)=a(-)+b(-)=(-)(a-b)=.因为a≥0,b≥0,所以不论a≥b≥0,还是0≤a≤b,都有a-b与a-b同号,所以(a-b)(a-b)≥0,所以a2+b2≥(a+b).2.设不等式
2、2x-1
3、<1的解集为M.(1)求集合M;(2)若a,b∈M,试比较ab+1与a+b的大小.【导学号:79140400】[解] (1)由
4、2x-1
5、<1得-1<2x-1
6、<1,解得07、00.故ab+1>a+b.3.(2017·石家庄模拟)已知函数f(x)=8、x9、+10、x-111、.(1)若f(x)≥12、m-113、恒成立,求实数m的最大值M;(2)在(1)成立的条件下,正实数a,b满足a2+b2=M,证明:a+b≥2ab.[解] (1)∵f(x)=14、x15、+16、x-117、≥18、x-(x-1)19、=1,当且仅当0≤x≤1时取等号,∴f(x)=20、x21、+22、x-123、的最24、小值为1.要使f(x)≥25、m-126、恒成立,只需27、m-128、≤1,∴0≤m≤2,则m的最大值M=2.(2)证明:由(1)知,a2+b2=2,由a2+b2≥2ab,知ab≤1.①又a+b≥2,则(a+b)≥2ab.由①知,≤1.故a+b≥2ab.4.已知a,b,c∈R,且2a+2b+c=8,求(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2的最小值.[解] 由柯西不等式得(4+4+1)×[(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2]≥[2(a-1)+2(b+2)+c-3]2,∴9[(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2]≥(29、2a+2b+c-1)2.∵2a+2b+c=8,∴(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2≥,当且仅当==c-3时等号成立,∴(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2的最小值是.5.已知函数f(x)=k-30、x-331、,k∈R,且f(x+3)≥0的解集为[-1,1].(1)求k的值;(2)若a,b,c是正实数,且++=1.求证:a+2b+3c≥9.[解] (1)因为f(x)=k-32、x-333、,所以f(x+3)≥0等价于34、x35、≤k,由36、x37、≤k有解,得k≥0,且解集为[-k,k].因为f(x+3)≥0的解集为[-1,1]38、.因此k=1.(2)证明:由(1)知++=1,因为a,b,c为正实数.所以a+2b+3c=(a+2b+3c)=3+++≥3+2+2+2=9.当且仅当a=2b=3c时等号成立.因此a+2b+3c≥9.6.(2018·福州质检)已知函数f(x)=39、x+140、.(1)求不等式f(x)<41、2x+142、-1的解集M;(2)设a,b∈M,证明:f(ab)>f(a)-f(-b).【导学号:79140401】[解] (1)①当x≤-1时,原不等式可化为-x-1<-2x-2,解得x<-1;②当-1<x<-时,原不等式可化为x+1<-43、2x-2,解得x<-1,此时原不等式无解;③当x≥-时,原不等式可化为x+1<2x,解得x>1.综上,M={x44、x<-1或x>1}.(2)证明:因为f(a)-f(-b)=45、a+146、-47、-b+148、≤49、a+1-(-b+1)50、=51、a+b52、,所以,要证f(ab)>f(a)-f(-b),只需证53、ab+154、>55、a+b56、,即证57、ab+158、2>59、a+b60、2,即证a2b2+2ab+1>a2+2ab+b2,即证a2b2-a2-b2+1>0,即证(a2-1)(b2-1)>0.因为a,b∈M,所以a2>1,b2>1,所以(a2-1)(61、b2-1)>0成立,所以原不等式成立.
7、00.故ab+1>a+b.3.(2017·石家庄模拟)已知函数f(x)=
8、x
9、+
10、x-1
11、.(1)若f(x)≥
12、m-1
13、恒成立,求实数m的最大值M;(2)在(1)成立的条件下,正实数a,b满足a2+b2=M,证明:a+b≥2ab.[解] (1)∵f(x)=
14、x
15、+
16、x-1
17、≥
18、x-(x-1)
19、=1,当且仅当0≤x≤1时取等号,∴f(x)=
20、x
21、+
22、x-1
23、的最
24、小值为1.要使f(x)≥
25、m-1
26、恒成立,只需
27、m-1
28、≤1,∴0≤m≤2,则m的最大值M=2.(2)证明:由(1)知,a2+b2=2,由a2+b2≥2ab,知ab≤1.①又a+b≥2,则(a+b)≥2ab.由①知,≤1.故a+b≥2ab.4.已知a,b,c∈R,且2a+2b+c=8,求(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2的最小值.[解] 由柯西不等式得(4+4+1)×[(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2]≥[2(a-1)+2(b+2)+c-3]2,∴9[(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2]≥(
29、2a+2b+c-1)2.∵2a+2b+c=8,∴(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2≥,当且仅当==c-3时等号成立,∴(a-1)2+(b+2)2+(c-3)2的最小值是.5.已知函数f(x)=k-
30、x-3
31、,k∈R,且f(x+3)≥0的解集为[-1,1].(1)求k的值;(2)若a,b,c是正实数,且++=1.求证:a+2b+3c≥9.[解] (1)因为f(x)=k-
32、x-3
33、,所以f(x+3)≥0等价于
34、x
35、≤k,由
36、x
37、≤k有解,得k≥0,且解集为[-k,k].因为f(x+3)≥0的解集为[-1,1]
38、.因此k=1.(2)证明:由(1)知++=1,因为a,b,c为正实数.所以a+2b+3c=(a+2b+3c)=3+++≥3+2+2+2=9.当且仅当a=2b=3c时等号成立.因此a+2b+3c≥9.6.(2018·福州质检)已知函数f(x)=
39、x+1
40、.(1)求不等式f(x)<
41、2x+1
42、-1的解集M;(2)设a,b∈M,证明:f(ab)>f(a)-f(-b).【导学号:79140401】[解] (1)①当x≤-1时,原不等式可化为-x-1<-2x-2,解得x<-1;②当-1<x<-时,原不等式可化为x+1<-
43、2x-2,解得x<-1,此时原不等式无解;③当x≥-时,原不等式可化为x+1<2x,解得x>1.综上,M={x
44、x<-1或x>1}.(2)证明:因为f(a)-f(-b)=
45、a+1
46、-
47、-b+1
48、≤
49、a+1-(-b+1)
50、=
51、a+b
52、,所以,要证f(ab)>f(a)-f(-b),只需证
53、ab+1
54、>
55、a+b
56、,即证
57、ab+1
58、2>
59、a+b
60、2,即证a2b2+2ab+1>a2+2ab+b2,即证a2b2-a2-b2+1>0,即证(a2-1)(b2-1)>0.因为a,b∈M,所以a2>1,b2>1,所以(a2-1)(
61、b2-1)>0成立,所以原不等式成立.
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