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时间:2021-04-01
《四川省绵阳市南山中学2021届高三数学下学期3月月考试题 文 参考答案.doc》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、高考参考答案一、选择题答案1.A2.A3.B4.C5.B6.A7.C8.D9.B10.C11.A12.D二、填空题答案13.假14.(0,1)15.216.三、解答题答案17.解:(1)根据指数函数的单调性,可知命题p为真命题时,实数a的取值集合为P={a
2、03、4、05、a≤0或a≥1}∩={a6、a≥1}.综上,a的取值X围是∪[1,+∞).18.解:(1),由,得.(2),.由,得或.4/4高考当时;②当时或.当变化时,的变化情况如下表:12-0+0-↘↗↘因此,的单调递增区间是,单调递减区间是.函数的极小值为,极大值为.19.解:(Ⅰ)由x2﹣(3a+1)x+2a(a+1)<0得(x﹣2a)[x﹣(a+1)]<0,①若2a<a+1,即a<1时,2a<x<a+1,此时A=(2a,a+1),②若2a=a+1,即a=1时,不等式无解,此时A=∅,③若2a>a+1,即a>1时,a+1<x7、<2a,此时A=(a+1,2a).(Ⅱ)由(Ⅰ)知,当a<1时,A=(2a,a+1),B={x8、<0}={x9、﹣1<x<3}=(﹣1,3),若¬q是¬p的充分不必要条件,即p是q的充分不必要条件,即A⊊B,则,即,则﹣≤a≤2,∵a<1,∴﹣≤a<1,则实数a的取值X围是[﹣,1).20.(1)f′(x)=2ax-bcosx,∴f′(0)=-b=1.f′=2a·-b·cos=,得a=0,b=-1.(2)由题意得f′(x)=+2f′(1)4/4高考令x=1,得f′(1)=+2f′(1),即f′(1)=-1.所以f(x)=-2x,得f(e)=-2e=-2e,f(1)=-2由f(e)-f(10、1)=-2e+2<0,得f(e)
3、
4、05、a≤0或a≥1}∩={a6、a≥1}.综上,a的取值X围是∪[1,+∞).18.解:(1),由,得.(2),.由,得或.4/4高考当时;②当时或.当变化时,的变化情况如下表:12-0+0-↘↗↘因此,的单调递增区间是,单调递减区间是.函数的极小值为,极大值为.19.解:(Ⅰ)由x2﹣(3a+1)x+2a(a+1)<0得(x﹣2a)[x﹣(a+1)]<0,①若2a<a+1,即a<1时,2a<x<a+1,此时A=(2a,a+1),②若2a=a+1,即a=1时,不等式无解,此时A=∅,③若2a>a+1,即a>1时,a+1<x7、<2a,此时A=(a+1,2a).(Ⅱ)由(Ⅰ)知,当a<1时,A=(2a,a+1),B={x8、<0}={x9、﹣1<x<3}=(﹣1,3),若¬q是¬p的充分不必要条件,即p是q的充分不必要条件,即A⊊B,则,即,则﹣≤a≤2,∵a<1,∴﹣≤a<1,则实数a的取值X围是[﹣,1).20.(1)f′(x)=2ax-bcosx,∴f′(0)=-b=1.f′=2a·-b·cos=,得a=0,b=-1.(2)由题意得f′(x)=+2f′(1)4/4高考令x=1,得f′(1)=+2f′(1),即f′(1)=-1.所以f(x)=-2x,得f(e)=-2e=-2e,f(1)=-2由f(e)-f(10、1)=-2e+2<0,得f(e)
5、a≤0或a≥1}∩={a
6、a≥1}.综上,a的取值X围是∪[1,+∞).18.解:(1),由,得.(2),.由,得或.4/4高考当时;②当时或.当变化时,的变化情况如下表:12-0+0-↘↗↘因此,的单调递增区间是,单调递减区间是.函数的极小值为,极大值为.19.解:(Ⅰ)由x2﹣(3a+1)x+2a(a+1)<0得(x﹣2a)[x﹣(a+1)]<0,①若2a<a+1,即a<1时,2a<x<a+1,此时A=(2a,a+1),②若2a=a+1,即a=1时,不等式无解,此时A=∅,③若2a>a+1,即a>1时,a+1<x
7、<2a,此时A=(a+1,2a).(Ⅱ)由(Ⅰ)知,当a<1时,A=(2a,a+1),B={x
8、<0}={x
9、﹣1<x<3}=(﹣1,3),若¬q是¬p的充分不必要条件,即p是q的充分不必要条件,即A⊊B,则,即,则﹣≤a≤2,∵a<1,∴﹣≤a<1,则实数a的取值X围是[﹣,1).20.(1)f′(x)=2ax-bcosx,∴f′(0)=-b=1.f′=2a·-b·cos=,得a=0,b=-1.(2)由题意得f′(x)=+2f′(1)4/4高考令x=1,得f′(1)=+2f′(1),即f′(1)=-1.所以f(x)=-2x,得f(e)=-2e=-2e,f(1)=-2由f(e)-f(
10、1)=-2e+2<0,得f(e)
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