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《电动力学复习要点习题选解(2012级).docx》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、玉林师院物本2012级《电动力学》复习要点习题选解第一章电磁现象的普遍规律7.有一内外半径分别为4和G的空心介质球,介质的电容率为使介质球内均匀带静止自由电荷。/,求(1)空间各点的电场;(2)极化体电荷和极化面电荷分布。解:(1)设场点到球心距离为以球心为中心,以「为半径作一球面作为高斯面。由对称性可知,电场沿径向分布,且相同厂处场强大小相同。当rv4时,D[=0,E,=0o当《r<与时,D二=—^(r3-L)2•・~'3厂3b向里式为E,=:~-r-3夕3当r>八时,4刀/D]=—^(r,3-r^)p,3向量式为.=(2)当(crcq时,凡=_7.尸=_▽
2、.(2_*)=-口(耍且2)£=-(1-y)V•。2=-(1-y)p/当r=z;时,当厂二八时,个二0一丁寸〃8.内外半径分别为八和心的无穷长中空导体圆柱,沿轴向流有恒定均匀自由电流J,,导2/12体的磁导率为〃,求磁感应强度和磁化电流。解:(1)以圆柱轴线上任一点为圆心,在垂直于•轴线平面内作一圆形闭仔回路,设其半仆为「。由对称性可知,磁场在垂直于轴线的平面内,且与圆周相切。当/•<1时,由安培环路定理得:a=0,4=0当rt3、A//(r2-r-).I可用:式为B,=Jfee=-iJfxr当r>r2时,2nrH,=J严①;-r:)所以./"),星=必Jb,2r2r向量式为B广吟Elj/=*3jfxr(2)当?;4、明:在均匀介质中P=(£/£o—1)%E=(£—%)E所以pp=-▽♦P=-(一7)▽・£:=-(£一4)。/£丹。=一[(£一4)/=-(1一%/£)0/11.平行板电容器内有两层介质,它们的厚度分别为《和电容率为石和今在两板接上电动势为岁的电池,求:(1)电容器两极板上的自由电荷面密度®"和(2)介质分界面上的自由电荷面密度//3。(若介质是漏电的,电导率分别为名和。2当电流达到恒定时,上述两物体的结果如何?)解;忽略边缘效应,平行板电容器内部场强方向垂直于极板,且介陵中的场强分段均匀,分别设为6和电位移分别设为2和。门其方向均由正极板指向负极板。当介质不漏5、电时,H质内没有自由电荷,因此,介质分界面处自由电荷面密度为2/12%3=°取高斯柱面,使其一端在极板A内,另一端在介质1内,由高斯定理得:。1=叫i同理,在极板8内和介质2内作高斯柱面,由高斯定理得:D>=-cofl在介质1和介质2内作高斯柱面,由高斯定理得:所以有=—,E.=—由于&=f^d/=—^-/j=a)fl(―+^-)所以CDn=-69,;=雷(―+—)/0与当介质漏电时,重更上述步骤,可得:=/n,D1=-cOfy»D1-Di=叼3叼3=一叼「叼2介质1中电流密度J1=CriE1=/口/与=£1介质2中电流密度J,=O、E、=G、D、I£、=G(叼6、]+%3)i£、由于电流恒定,4=人,/..%/£1=%(%+助3)/J「•cofz=—=^(^)吗1=(-D叼]6S.G■X-*&再由歹=JE•力=石/+石12得&=—G+=—&+—/2)际=7—H—发=尸,本/1+/a2/A+03助「一(%+叼,)=-^^岁八-5G一。声.“也+叫第二章静电场2.在均匀外电场中置入半径为凡的导体球,试用分离变量法求卜.列两种情况的电势:(1)导体球上接有电池,使球与地保持电势差①。;(2)导体球上带总电荷。解:(1)该问题具有轴对称性,对称轴为通过球心沿外电场E。方向的轴线,取该轴线为极轴,球心为原点建立球坐标系。4/12当7、R〉R0时,电势尹满足拉普拉斯方程,通解为Z©R"+务)匕(cos。)nK因为无穷远处ETE。,(pT①0一EqRcosB=(p0-EqRP^osO)所以aQ=CP。,《=-Eo,an=0,(n>2)当RfR。时,(pi①。所以外-EoRo《(cose)+Z2■匕(cos®)=①。n"o即:丸+。。/凡=①。,"/后=纥凡所以为=凡(60-。0),A=EqR:,bn=0,(??>2)J%-f0/?cos6>+/?o(①。-(p0)/R+E0R^cos。/*(R>A。)/①。心人)(2)设球体待定电势为①。,同理可得1%-EqRcosO+R0(①。-Q0)/R+E8、°R:cos。/*(R>
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4、明:在均匀介质中P=(£/£o—1)%E=(£—%)E所以pp=-▽♦P=-(一7)▽・£:=-(£一4)。/£丹。=一[(£一4)/=-(1一%/£)0/11.平行板电容器内有两层介质,它们的厚度分别为《和电容率为石和今在两板接上电动势为岁的电池,求:(1)电容器两极板上的自由电荷面密度®"和(2)介质分界面上的自由电荷面密度//3。(若介质是漏电的,电导率分别为名和。2当电流达到恒定时,上述两物体的结果如何?)解;忽略边缘效应,平行板电容器内部场强方向垂直于极板,且介陵中的场强分段均匀,分别设为6和电位移分别设为2和。门其方向均由正极板指向负极板。当介质不漏
5、电时,H质内没有自由电荷,因此,介质分界面处自由电荷面密度为2/12%3=°取高斯柱面,使其一端在极板A内,另一端在介质1内,由高斯定理得:。1=叫i同理,在极板8内和介质2内作高斯柱面,由高斯定理得:D>=-cofl在介质1和介质2内作高斯柱面,由高斯定理得:所以有=—,E.=—由于&=f^d/=—^-/j=a)fl(―+^-)所以CDn=-69,;=雷(―+—)/0与当介质漏电时,重更上述步骤,可得:=/n,D1=-cOfy»D1-Di=叼3叼3=一叼「叼2介质1中电流密度J1=CriE1=/口/与=£1介质2中电流密度J,=O、E、=G、D、I£、=G(叼
6、]+%3)i£、由于电流恒定,4=人,/..%/£1=%(%+助3)/J「•cofz=—=^(^)吗1=(-D叼]6S.G■X-*&再由歹=JE•力=石/+石12得&=—G+=—&+—/2)际=7—H—发=尸,本/1+/a2/A+03助「一(%+叼,)=-^^岁八-5G一。声.“也+叫第二章静电场2.在均匀外电场中置入半径为凡的导体球,试用分离变量法求卜.列两种情况的电势:(1)导体球上接有电池,使球与地保持电势差①。;(2)导体球上带总电荷。解:(1)该问题具有轴对称性,对称轴为通过球心沿外电场E。方向的轴线,取该轴线为极轴,球心为原点建立球坐标系。4/12当
7、R〉R0时,电势尹满足拉普拉斯方程,通解为Z©R"+务)匕(cos。)nK因为无穷远处ETE。,(pT①0一EqRcosB=(p0-EqRP^osO)所以aQ=CP。,《=-Eo,an=0,(n>2)当RfR。时,(pi①。所以外-EoRo《(cose)+Z2■匕(cos®)=①。n"o即:丸+。。/凡=①。,"/后=纥凡所以为=凡(60-。0),A=EqR:,bn=0,(??>2)J%-f0/?cos6>+/?o(①。-(p0)/R+E0R^cos。/*(R>A。)/①。心人)(2)设球体待定电势为①。,同理可得1%-EqRcosO+R0(①。-Q0)/R+E
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