2017-2018学年高考生物 小题狂刷11 基因的分离定律 新人教版

2017-2018学年高考生物 小题狂刷11 基因的分离定律 新人教版

ID:29029738

大小:298.50 KB

页数:9页

时间:2018-12-16

2017-2018学年高考生物 小题狂刷11 基因的分离定律 新人教版_第1页
2017-2018学年高考生物 小题狂刷11 基因的分离定律 新人教版_第2页
2017-2018学年高考生物 小题狂刷11 基因的分离定律 新人教版_第3页
2017-2018学年高考生物 小题狂刷11 基因的分离定律 新人教版_第4页
2017-2018学年高考生物 小题狂刷11 基因的分离定律 新人教版_第5页
资源描述:

《2017-2018学年高考生物 小题狂刷11 基因的分离定律 新人教版》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库

1、小题狂刷11基因的分离定律刷基础1.早胜牛AA表现为红褐色,aa表现为红色,但杂合体Aa中公牛为红褐色,母牛则为红色。现在一个繁殖季节用4头红褐色母牛和红褐色公牛杂交,所生小牛可能是 A.公牛全为红色 B.母牛全为红色C.公牛全为红褐色 D.母牛全为红褐色 【答案】C 【解析】红褐色母牛(AA)和红褐色公牛(AA或Aa)杂交,子代基因型是AA、Aa,公牛全为红褐色,母牛既有红褐色,又有红色。2.某二倍体植物的叶表面无蜡粉和有蜡粉是一对相对性状(由等位基因E、e控制),某校研究性学习小组做了如下三组

2、实验,下列有关分析不正确的是编组亲本组合F1的表现型及比例甲组无蜡粉植株(♀)×有蜡粉植株(♂)无蜡粉∶有蜡粉=1∶1乙组无蜡粉植株(♂)×有蜡粉植株(♀)无蜡粉∶有蜡粉=1∶1丙组有蜡粉植株自交无蜡粉∶有蜡粉=1∶3A.实验结果表明有蜡粉是显性性状B.控制这对相对性状的基因位于细胞核内C.三组亲本中有蜡粉植株的基因型都是EeD.丙组的F1中纯合子所占的比例是1/4【答案】D【名师点睛】本题结合图表,考查基因分离定律的实质及应用,要求考生掌握基因分离定律的实质,能根据表中信息准确判断这对相对性状的

3、显隐性关系及亲本的基因型,再结合所学的知识准确判断各选项。3.有些植物的花为两性花(即一朵花中既有雄蕊,也有雌蕊),有些植物的花为单性花(即一朵花中只有雄蕊或雌蕊)。下列有关植物杂交育种的说法中,正确的是A.对两性花的植物进行杂交需要对父本进行去雄B.对单性花的植物进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋C.无论是两性花植物还是单性花植物,在杂交过程中都需要套袋D.提供花粉的植株称为母本【答案】C4.水稻中非糯性(W)对糯性(w)为显性,非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝黑色,糯性品系所含淀粉遇碘呈

4、红褐色。下面是对纯种的非糯性与糯性水稻的杂交后代进行观察的结果,其中能直接证明孟德尔基因分离定律的一项是A.F1产生的花粉遇碘后,一半呈蓝黑色,一半呈红褐色B.F1自交后结出的种子(F2)遇碘后,3/4呈蓝黑色,1/4呈红褐色C.杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色D.F1测交所结出的种子遇碘后,一半呈蓝黑色,一半呈红褐色【答案】A【解析】F1产生的花粉遇碘后,一半呈蓝黑色,一半呈红褐色,说明F1产生两种配子,比例为1∶1,所以能直接证明孟德尔的基因分离定律,A正确;F1自交后结出的

5、种子(F2)遇碘后,3/4呈蓝黑色,1/4呈红褐色,说明F1自交后代出现性状分离,但不能直接证明孟德尔的基因分离定律,B错误;杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色,后代表现型只有一种无法证明,C错误;F1测交所结出的种子遇碘后,一半呈蓝黑色,一半呈红褐色,只能验证,不能直接证明孟德尔的基因分离定律,D错误。5.请从下列实验中指出哪一项一定是显性遗传因子A.一对相对性状的两个纯合体杂交,子一代只表现亲本之一的性状,控制没有表现出来的性状的遗传因子B.一对相对性状的两个纯合体杂交,子一代

6、只表现亲本之一的性状,控制表现出来的性状的遗传因子C.两纯合子交配,产生的子一代性状一致,该子一代细胞内控制其表现出来的性状的遗传因子D.两纯合子交配,产生的子一代性状一致,该子一代细胞内控制其全部性状的遗传因子【答案】B6.某育种专家在农田中发现一株大穗不抗病的小麦,自花授粉后获得160粒种子,这些种子发育成的小麦中有30株大穗抗病和若干株小穗抗病,其余的都不抗病。假设控制小麦穗大小的基因用C、c表示,位于另一对同源染色体上控制抗病与否的基因用D、d表示,若将这30株大穗抗病的小麦作为亲本自交,

7、在其F1中选择大穗抗病的再进行自交,理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的A.2/10B.7/10C.4/5D.7/9【答案】D【解析】由题意可知,一株大穗不抗病的小麦,自花授粉获得的后代出现了性状分离,既有大穗和小穗,也有抗病和不抗病,因此该大穗不抗病的小麦为双杂合子,大穗和不抗病为显性,故该植株的基因型为CcDd。子代的30株大穗抗病小麦的基因型及比例为2/3Ccdd、1/3CCdd。将这30株自交,F1中大穗抗病小麦的基因型及比例为Ccdd=2/3×1/2=2/6,C

8、Cdd=1/3+2/3×1/4=3/6,所以F1大穗抗病小麦中Ccdd占2/5、CCdd占3/5。在其F1中选择大穗抗病的再进行自交,理论上F2中大穗抗病小麦的基因型及比例为Ccdd=2/5×1/2=2/10,CCdd=3/5+2/5×1/4=7/10,所以理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦(CCdd)占F2中所有大穗抗病小麦(C_dd)的比例=7/10÷(2/10+7/10)=7/9。故D项正确,A、B、C项错误。【名师点睛】本题的知识点是基因的自由组合定律和基因的分离定律,根

当前文档最多预览五页,下载文档查看全文

此文档下载收益归作者所有

当前文档最多预览五页,下载文档查看全文
温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,天天文库负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服处理。