中考倒计时100题06答案

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1、【051】解：（1），（-1，0），B（3，0）．3分（2）如图14（1），抛物线的顶点为M（1，-4），连结OM．则△AOC的面积=，△MOC的面积=，△MOB的面积=6，∴四边形ABMC的面积=△AOC的面积+△MOC的面积+△MOB的面积=9．6分图14（2）说明：也可过点M作抛物线的对称轴，将四边形ABMC的面积转化为求1个梯形与2个直角三角形面积的和．（3）如图14（2），设D（m，），连结OD．则0＜m＜3，＜0．且△AOC的面积=，△DOC的面积=，△DOB的面积=-（），∴四边形ABDC的面积=△AOC的面积+△DOC的面积+△DOB的面积==．图14（3）图14（4）

2、∴存在点D，使四边形ABDC的面积最大为．（4）有两种情况：如图14（3），过点B作BQ1⊥BC，交抛物线于点Q1、交y轴于点E，连接Q1C．∵∠CBO=45°，∴∠EBO=45°，BO=OE=3．∴点E的坐标为（0，3）．∴直线BE的解析式为．12分由解得∴点Q1的坐标为（-2，5）．13分如图14（4），过点C作CF⊥CB，交抛物线于点Q2、交x轴于点F，连接BQ2．∵∠CBO=45°，∴∠CFB=45°，OF=OC=3．∴点F的坐标为（-3，0）．∴直线CF的解析式为．14分由解得∴点Q2的坐标为（1，-4）．综上，在抛物线上存在点Q1（-2，5）、Q2（1，-4），使△BCQ1

3、、△BCQ2是以BC为直角边的直角三角形．9yxOBADC(x=m)(F2)F1E1(E2)【052】解：（1）根据题意，得解得．．（2分）（2）当时，得或，∵，当时，得，∴，∵点在第四象限，∴．（4分）当时，得，∴，∵点在第四象限，∴．（6分）（3）假设抛物线上存在一点，使得四边形为平行四边形，则，点的横坐标为，当点的坐标为时，点的坐标为，∵点在抛物线的图象上，∴，∴，∴，∴（舍去），∴，∴．（9分）当点的坐标为时，点的坐标为，∵点在抛物线的图象上，∴，∴，∴，∴（舍去），，∴，∴．【053】解：（1）设，把代入，得，2分∴抛物线的解析式为：．顶点的坐标为．5分9（2）设直线解析式为

4、：（），把两点坐标代入，得解得．∴直线解析式为．7分，∴9分．10分∴当时，取得最大值，最大值为．11分(E)12331DyCBAP2xOFMH（3）当取得最大值，，，∴．∴四边形是矩形．作点关于直线的对称点，连接．法一：过作轴于，交轴于点．设，则．在中，由勾股定理，．解得．∵，∴．由，可得，．∴．∴坐标．13分法二：连接，交于点，分别过点作的垂线，垂足为．易证．(E)12331DyCBAP2xOFMHNM∴．设，则．∴，．由三角形中位线定理，．∴，即．9∴坐标．13分把坐标代入抛物线解析式，不成立，所以不在抛物线上．14分【054】（1）由抛物线经过点A(0，1)，C(2，4)，得解

5、得∴抛物线对应的函数关系式为：．（2分）（2）当时，P点坐标为(1，1)，∴Q点坐标为(2，0)．当时，P点坐标为(2，3)，∴Q点坐标为(5，0)．（5分）（3）当≤2时，．S．当≤5时，．S．（8分）BADCOMNxyP1P2当时，S的最大值为2．（10分）【055】（1）过点作轴，垂足为，；又，，点的坐标为；4分（2）抛物线经过点，则得到，5分解得，所以抛物线的解析式为；7分（3）假设存在点，使得仍然是以为直角边的等腰直角三角形：若以点为直角顶点；则延长至点，使得，得到等腰直角三角形，8分过点作轴，；，可求得点；11分9若以点为直角顶点；则过点作，且使得，得到等腰直角三角形，12

6、分过点作轴，同理可证；13分，可求得点；14分经检验，点与点都在抛物线上．16分【056】解：（1）C（3，0）；（2）①抛物线，令=0，则=，∴A点坐标（0，c）．∵，∴，∴点P的坐标为（）．∵PD⊥轴于D，∴点D的坐标为（）．……………………………………5分根据题意，得a=a′，c=c′，∴抛物线F′的解析式为．又∵抛物线F′经过点D（），∴．……………6分∴．又∵，∴．∴b:b′=．②由①得，抛物线F′为．令y=0，则．∴．∵点D的横坐标为∴点C的坐标为（）．设直线OP的解析式为．∵点P的坐标为（），∴，∴，∴．∵点B是抛物线F与直线OP的交点，∴．∴．∵点P的横坐标为，∴点B的

7、横坐标为．9把代入，得．∴点B的坐标为．∴BC∥OA，AB∥OC．（或BC∥OA，BC=OA），∴四边形OABC是平行四边形．又∵∠AOC=90°，∴四边形OABC是矩形．【057】(1)(2)∵，，∴当点在上运动时，，；当点在上运动时，作于点，有∵，∴∴（3）当时，，，此时，过各顶点作对边的平行线，与坐标轴无第二个交点，所以点不存在；当时，，，此时，、【058】解：（1）令，得解得，令，得ECByPA∴ABC3分（2）∵OA=OB=OC=∴B