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时间:2018-09-15
《第3章+3.1不等关系与不等式+同步测试(必修5人教b版)》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、3.1不等关系与不等式(数学人教B版必修5)建议用时实际用时[来源:www.shulihua.netwww.shulihua.net]满分实际得分45分钟100分一、选择题(每小题5分,共20分)1.已知a,b为非零实数,且a
2、a
3、>
4、b
5、;③ab,则下列不等式成立的是()A.b2[来源:www.shulihua.net]C.>D.a
6、c
7、>b
8、c
9、4.
10、如果cacB.c(b-a)>0C.cb211、β12、的取值范围是.6.已知a,b,c,d均为实数,有下列命题:①若ab>0,bc-ad>0,则->0;②若ab>0,->0,则bc-ad>0;③若bc-ad>0,->0,则ab>0.其中正确命题的个数是.三、解答题(共70分)7.(15分)已知f(x)=ax2+b,若1≤f(1)≤2,2≤f(2)≤3,求f(3)的范围.[来源:www.shulihua.netw13、ww.shulihua.net]8.(15分)已知实数a,b,c满足,,试比较a,b,c的大小.9.(20分)已知014、.C解析:若ab2,故A错;若0<a<b,则>,故D错;若ab>0,则a2b15、b16、>17、a18、,∴a2b,c2+1>0,∴>.4.C解析:∵c19、β20、<3解析:∵-4<β<2,∴0≤21、β22、<4.∴-4<-23、β24、≤0.∴-3<α-25、β26、<3.6.3解析:由bc-ad>0得bc>ad,又ab>0,∴>,即>,∴->0,27、故①正确;由ab>0,->0,得ab(-)>0,即bc-ad>0,故②正确;由->0,得>0,∵bc-ad>0,∴ab>0,故③正确.三、解答题7. 解法1:整体代换.令f(3)=9a+b=m(a+b)+n(4a+b)=(m+4n)a+(m+n)b,则解得即f(3)=(a+b)+(4a+b).因为1≤a+b≤2,2≤4a+b≤3,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法2:巧妙换元.令a+b=x,4a+b=y,则a=,b=,1≤x≤2,2≤y≤3.因为f(3)=9a+b=,6≤8y-5x≤19,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法3:增元换28、元.令解得因为0≤t≤1,0≤s≤1,且f(3)=9a+b=,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].8.解:=≥0,∴c≥b.又由①-②,得,即.∵=>0,∴>a,∴b>a,∴c≥b>a.9. 证明:假设(1-a)b>,(1-b)c>,(1-c)a>,由(-)2≥0,展开得≥>.同理可得>,>.∴++>,即>,互相矛盾.∴原结论成立.10.证明:∵(b-c)2≥0,∴b2+c2-2bc≥0,即b2+c2≥2bc.又a>0,∴a(b2+c2)≥2abc.同理b(c2+a2)≥2abc,c(a2+b2)≥2abc.∵a,b,c不全相等,∴以上三个式子中至少有一个29、式子取不到等号.故
11、β
12、的取值范围是.6.已知a,b,c,d均为实数,有下列命题:①若ab>0,bc-ad>0,则->0;②若ab>0,->0,则bc-ad>0;③若bc-ad>0,->0,则ab>0.其中正确命题的个数是.三、解答题(共70分)7.(15分)已知f(x)=ax2+b,若1≤f(1)≤2,2≤f(2)≤3,求f(3)的范围.[来源:www.shulihua.netw
13、ww.shulihua.net]8.(15分)已知实数a,b,c满足,,试比较a,b,c的大小.9.(20分)已知014、.C解析:若ab2,故A错;若0<a<b,则>,故D错;若ab>0,则a2b15、b16、>17、a18、,∴a2b,c2+1>0,∴>.4.C解析:∵c19、β20、<3解析:∵-4<β<2,∴0≤21、β22、<4.∴-4<-23、β24、≤0.∴-3<α-25、β26、<3.6.3解析:由bc-ad>0得bc>ad,又ab>0,∴>,即>,∴->0,27、故①正确;由ab>0,->0,得ab(-)>0,即bc-ad>0,故②正确;由->0,得>0,∵bc-ad>0,∴ab>0,故③正确.三、解答题7. 解法1:整体代换.令f(3)=9a+b=m(a+b)+n(4a+b)=(m+4n)a+(m+n)b,则解得即f(3)=(a+b)+(4a+b).因为1≤a+b≤2,2≤4a+b≤3,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法2:巧妙换元.令a+b=x,4a+b=y,则a=,b=,1≤x≤2,2≤y≤3.因为f(3)=9a+b=,6≤8y-5x≤19,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法3:增元换28、元.令解得因为0≤t≤1,0≤s≤1,且f(3)=9a+b=,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].8.解:=≥0,∴c≥b.又由①-②,得,即.∵=>0,∴>a,∴b>a,∴c≥b>a.9. 证明:假设(1-a)b>,(1-b)c>,(1-c)a>,由(-)2≥0,展开得≥>.同理可得>,>.∴++>,即>,互相矛盾.∴原结论成立.10.证明:∵(b-c)2≥0,∴b2+c2-2bc≥0,即b2+c2≥2bc.又a>0,∴a(b2+c2)≥2abc.同理b(c2+a2)≥2abc,c(a2+b2)≥2abc.∵a,b,c不全相等,∴以上三个式子中至少有一个29、式子取不到等号.故
14、.C解析:若ab2,故A错;若0<a<b,则>,故D错;若ab>0,则a2b15、b16、>17、a18、,∴a2b,c2+1>0,∴>.4.C解析:∵c19、β20、<3解析:∵-4<β<2,∴0≤21、β22、<4.∴-4<-23、β24、≤0.∴-3<α-25、β26、<3.6.3解析:由bc-ad>0得bc>ad,又ab>0,∴>,即>,∴->0,27、故①正确;由ab>0,->0,得ab(-)>0,即bc-ad>0,故②正确;由->0,得>0,∵bc-ad>0,∴ab>0,故③正确.三、解答题7. 解法1:整体代换.令f(3)=9a+b=m(a+b)+n(4a+b)=(m+4n)a+(m+n)b,则解得即f(3)=(a+b)+(4a+b).因为1≤a+b≤2,2≤4a+b≤3,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法2:巧妙换元.令a+b=x,4a+b=y,则a=,b=,1≤x≤2,2≤y≤3.因为f(3)=9a+b=,6≤8y-5x≤19,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法3:增元换28、元.令解得因为0≤t≤1,0≤s≤1,且f(3)=9a+b=,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].8.解:=≥0,∴c≥b.又由①-②,得,即.∵=>0,∴>a,∴b>a,∴c≥b>a.9. 证明:假设(1-a)b>,(1-b)c>,(1-c)a>,由(-)2≥0,展开得≥>.同理可得>,>.∴++>,即>,互相矛盾.∴原结论成立.10.证明:∵(b-c)2≥0,∴b2+c2-2bc≥0,即b2+c2≥2bc.又a>0,∴a(b2+c2)≥2abc.同理b(c2+a2)≥2abc,c(a2+b2)≥2abc.∵a,b,c不全相等,∴以上三个式子中至少有一个29、式子取不到等号.故
15、b
16、>
17、a
18、,∴a2b,c2+1>0,∴>.4.C解析:∵c19、β20、<3解析:∵-4<β<2,∴0≤21、β22、<4.∴-4<-23、β24、≤0.∴-3<α-25、β26、<3.6.3解析:由bc-ad>0得bc>ad,又ab>0,∴>,即>,∴->0,27、故①正确;由ab>0,->0,得ab(-)>0,即bc-ad>0,故②正确;由->0,得>0,∵bc-ad>0,∴ab>0,故③正确.三、解答题7. 解法1:整体代换.令f(3)=9a+b=m(a+b)+n(4a+b)=(m+4n)a+(m+n)b,则解得即f(3)=(a+b)+(4a+b).因为1≤a+b≤2,2≤4a+b≤3,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法2:巧妙换元.令a+b=x,4a+b=y,则a=,b=,1≤x≤2,2≤y≤3.因为f(3)=9a+b=,6≤8y-5x≤19,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法3:增元换28、元.令解得因为0≤t≤1,0≤s≤1,且f(3)=9a+b=,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].8.解:=≥0,∴c≥b.又由①-②,得,即.∵=>0,∴>a,∴b>a,∴c≥b>a.9. 证明:假设(1-a)b>,(1-b)c>,(1-c)a>,由(-)2≥0,展开得≥>.同理可得>,>.∴++>,即>,互相矛盾.∴原结论成立.10.证明:∵(b-c)2≥0,∴b2+c2-2bc≥0,即b2+c2≥2bc.又a>0,∴a(b2+c2)≥2abc.同理b(c2+a2)≥2abc,c(a2+b2)≥2abc.∵a,b,c不全相等,∴以上三个式子中至少有一个29、式子取不到等号.故
19、β
20、<3解析:∵-4<β<2,∴0≤
21、β
22、<4.∴-4<-
23、β
24、≤0.∴-3<α-
25、β
26、<3.6.3解析:由bc-ad>0得bc>ad,又ab>0,∴>,即>,∴->0,
27、故①正确;由ab>0,->0,得ab(-)>0,即bc-ad>0,故②正确;由->0,得>0,∵bc-ad>0,∴ab>0,故③正确.三、解答题7. 解法1:整体代换.令f(3)=9a+b=m(a+b)+n(4a+b)=(m+4n)a+(m+n)b,则解得即f(3)=(a+b)+(4a+b).因为1≤a+b≤2,2≤4a+b≤3,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法2:巧妙换元.令a+b=x,4a+b=y,则a=,b=,1≤x≤2,2≤y≤3.因为f(3)=9a+b=,6≤8y-5x≤19,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].解法3:增元换
28、元.令解得因为0≤t≤1,0≤s≤1,且f(3)=9a+b=,所以2≤f(3)≤,即f(3)的范围是[2,].8.解:=≥0,∴c≥b.又由①-②,得,即.∵=>0,∴>a,∴b>a,∴c≥b>a.9. 证明:假设(1-a)b>,(1-b)c>,(1-c)a>,由(-)2≥0,展开得≥>.同理可得>,>.∴++>,即>,互相矛盾.∴原结论成立.10.证明:∵(b-c)2≥0,∴b2+c2-2bc≥0,即b2+c2≥2bc.又a>0,∴a(b2+c2)≥2abc.同理b(c2+a2)≥2abc,c(a2+b2)≥2abc.∵a,b,c不全相等,∴以上三个式子中至少有一个
29、式子取不到等号.故
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