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时间:2018-11-17
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1、三章物理层P694题见黑板练习a)不归零码(NRZ)b)曼彻斯特码c)差分曼彻斯特码5题见黑板练习:公式见P431)对于带宽为6MHZ的信道,若用4种不同的状态来表示数据,在不考虑热噪声的情况下,该信道的最大数据传输速率为多少?答:C=2H* LOG2N=2*6MHZ* LOG24=24MBPS2)信道带宽为3KHZ,信噪比为30DB,则每秒能发送的比特数不会超过多少?答:C=H* LOG2(1+S/N)=3KHZ* LOG2(1+1030/10)=30KBPS (此应为约数)3)采用8种相位、每种相位各有两种幅度的PAM调制方法,在1200BAUD的信号
2、传输速率下能达到的数据传输速率为多少?答:C=B* LOG2(8*2)=1200BAUD* LOG2(16)=4800BPS4)采用每种相位各有两种幅度的PAM调制方法,在带宽为8KHZ的无噪声信道上传输数字信号,若要达到64KBPS的数据速率,问至少要多少种不同的相位?答:C=2H* LOG2(X*2)= 64KBPS=2*8KHZ* LOG2(X*2)LOG2(X*2)=4 X*2=16 X=8种5)对于带宽为4KHZ的语音信号,采用量化级别为128的PCM方法编码,问所产生的二进制位起码要用多大传输速率的信道才能传输?答:二进制位数= LOG2
3、(128)=7位C=2*4KHZ*7位=56kBPS9题题目见书解:传播延迟等于:50*103米/(2*108米/秒)=25*10-5秒=250微秒100字节/250微秒=0。4字节*106/秒=0。4M字节/秒=3。2位/秒512字节/250微秒=2。04M字节/秒因此,带宽分别等于0。4M字节/秒和2。04M字节/秒10题.计算在下列情况下一个分组的延迟(从发出第1位开始到收到最后1位为止):(a)在通路上有1个存储转发交换机的1Gbps以太网,分组大小是5000位。假定每条链路引入10微妙的传播延迟,并且交换机在接收完分组之后立即重发。解答:分析一个交
4、换机应有2条链路1位的发送延迟=1/109=10-9S=0.001μs所以,一个分组由5000位组成,在每条链路上引入的发送延迟是5μs,分组在每条链路上的传播延迟都是10μs因此总的延迟等于:5×2+10×2=30μs。(两次发送,两次传播)(整个分组接收完经过分析才确定转发的外出端口,因此延迟了一个分组的发送时间)(b)跟(a)的情况类似,但有3个交换机。解答:3个交换机,共有4条链路,总的延迟等于:5×4+10×4=60μs。(4次发送,4次传播)(c)跟(a)的情况相同,但假定交换机实施“直通”交换:它可以在收到分组的开头128位后就重发分组。解答:
5、使用直通交换,交换机延迟分组128位,即0.128μs。在这种情况下仍然有1个5μs的发送延迟,2个10μs的传播延迟,再加上0.128μs的交换机转发延迟,因此总的延迟等于:5×1+10×2+0.128=25.128μs(1个发送延迟,2个传播延迟,1个转发延迟)如果像(b)那样有3个交换机,那么总的延迟将会等于:5×1+10×4+0.128×3=45.384μs。(1个发送延迟,4个传播延迟,3个转发延迟)11题。解答:a)传播时延=55*106米/(3*108米/秒)=0.183秒b)总时间=数据发送时间+信号传播时延发送时间=5MB/128K=0.3
6、1秒总时间=0.31+0.18=0.49秒12题见黑板☆☆☆☆分别计算T1载波和E1载波的编码效率和开销率。解答:见P491)T1载波 Bell系统的T1载波利用脉码调制PCM和时分TDM技术,使24路采样声音信号复用一个通道。每一个帧包含193位,每一帧用125us时间传送。T1系统的数据传输速率为1.544Mbps。 T1载波帧结构 2)E1载波 CCITT建议了一种2.048Mbps速率的PCM载波标准,称为E1载波(欧洲标准)。它每一帧开始处有8位同步作用,中间有8位作用信令,再组织30路8位数据,全帧包括256位,每一帧用125us时间传送。
7、可计算出E1系统的数据传输速率为256位/125us=2.048Mbps。所以:T1载波是把24个话音信道多路复用在一条高速信道上,每个信道包含7位的数据和1位的控制信令位,此外加入一位帧同步位组成基本帧。其中,用户的开销为24×1(控制位)+1(基本帧)=25b总开销为:(7+1)×24+1=193b因此,用户的开销所占的百分比为:25/193×100%≈13%1)T1载波的编码效率=7*24/(8*24+1)=168/193=87% 开销率=(1*24+1)/193=25/193=13%2)E1载波的编码效率=8*30/(8+8+8*
8、30)=240/256=93.75%
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