2018高三物理拔高作业

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1、2018级拔高作业16.如图所示，半径R二0.5m的光滑圆弧面CDI分别与光滑斜面体ABC和斜血服相切于C、M点，0为圆B弧圆心，D为圆弧最低点.斜面体ABC固定在地面上，顶端B安装一定滑轮，一轻质软细绳跨过定滑轮（不计滑轮摩擦）分别连接小物块P、Q（两边细绳分别与对应斜面平行），并保持P、Q两物块静止.若PC间距为4=0.25m,斜而MN足够长，物块P质g：m!=3kg,与MN间的动摩擦因数x=-t求:3(sin37°=0.6,cos37°=0.8)（1）小物块Q的质量m2；（2）烧断细绳后，物块P第一次到达D点时对轨道的压力大小；（3）烧

2、断细绳后，物块P第一次过M点后0.3s到达K点，则MK间距多大?（4）烧断细绳后，物块P在MN斜面上滑行的总路程.24.（14分）水平地面上有一足球距门柱工=10m,某同学将该足球以水平速度s=6m/s踢岀，足球在地面上做匀减速直线运动•加速度大小sFm/s2,足球撞到门柱后反向弹回•弹回瞬间速度大小是碰撞前瞬间速度大小的*・该同学将足球踢出后立即由静止开始以a2=lm/s2的加速度追赶足球•他能达到的最大速度s=3m/s,该同学至少经过多长时间才能追上足球？25.（18分）如图所示，水平地面上并排放着长度L均为5m・质量g均为1・5kg的木板A

3、、B,木板A、B接触但不粘连・质就m=3kg的滑块C（可视为质点）以初速度s=7rn/s滑上木板A左端，滑块C与木板A、B间的动縻擦因数均为円=0.3,木板A、B与地面间的动摩擦因数均为円=0・1,重力加速度g=10m/s2o求：（1）滑块C刚滑上木板A时，木板A、B及滑块C的卑加速度大小；C1B]（2）从滑块C滑上木板A到整个系统停止运动所需丿/〃〃〃〃//〃/"〃丿〃〃〃“〃〃〃〃〃的总时间；（3）滑块C在木板B上滑动过程中•由于滑块C和木板B间摩擦所产生的热量.：(7I26.（15分）如图所示,光滑杆AB长为L.B端固定一根劲度系数为A、原

4、长为Zo的轻弹簧,质蜀为加的小球套在光滑杆上并与弹簧的上端连接・0〔了为过B点的竖直轴，杆与水平面间的夹角始终为仇（1）若杆保持静止状态，让小球从弹簧的原长位置由静止释放，求小球速度最大时弹簧的压缩量U;（2）若0=30°,小球处于静止状态，现让杆绕0（/轴由静止开始转动，随着角速度的增大，小球沿杆缓慢上升，求小球从静止沿杆运动距离为△工=学的过程中杆对小球做的功。16（14分）（1）4kg（2）78N（3）0.17m（4）1.0m.【解析】试题分析：（1）根据共点力平衡条件，两物体的重力沿斜面的分力相等，有m：gsin53°=m2gsin37°

5、解得m2=4kg（2）滑块由P到D过程，由动能定理，得mgh=1mv2D根据几何关系，有h=L1Sin53°+R（1-cos53°）在D点，支持力和重力的合力提供向心力Fo-mg二in卫解得Fo=78N由牛顿第三定律得，物块P对轨道的压R力大小为78N.（3）PM段，根据动能定理，有m}gLxsin53°=解得VM=2m/s2沿MN向上运动过程，根据牛顿第二定律，得到內二gsin53°+pgcos53°=10m/s2根据速度时间公式，有ti解得ti=0.2s所以ti=0.2s时，P物到达斜面MN上最高点，故返回过程，有x=1沿MN向下运动过程，根

6、据牛顿第二定律，有a2=gsin53°-ugcos53°=6m/s2故，根据运动学公式，有xmk=Vma2tl=0A7m即MK之间的距离为0.17m.（4）最后物体在CM之间來回滑动，且到达M点时速度为零，对从P到M过程运用动能定理，得到mgl“sin53°-umgcos53°L总二0解得L总二1.0m即物块P在MN斜面上滑行的总路程为1.0m.24.（14分）解：设足球运动到门柱时的速度为内，由运动学公式可得：专-吨一2叫《（2分）解得：V3=4m/s（1分）足球从踢出到撞门柱前的运动时间&二乎二九（1分）足球撞在门柱后反弹速度大小v4=2m/

7、s（1分）足球从反弹到减速为0的时间电=?=2s（1分）该同学加速时间t3=—=3s（1分）该同学加速运动的位移总=3=4.5m（1分）匀速运动的位移兀2=必1+2_『3）=3m（1分）足球从反弹到速度减为0的位移与=寻=2m（1分）因兀2+兀3+兀1V兀所以此时该同学还未追上足球（1分）该同学要追上足球，还需要的时间t4=X~Xi~X2~Xi=^s（1分）v2O25所以该同学追上足球的总时间z=/1+r2+/4=—s（2分）625.（18分）解：（1）（4分）设滑块C在木块力上滑动时，滑块C的加速度为a】，木板/、B的加速度为则由牛顿第二定律得

8、:（1分）解得：«i=3m/s2（1分）由牛顿第二定律得：-“2（加l+2〃?2）g=2加202（1分）解得：ar=1m/s2（1分）（