2019-2020年高考物理一轮总复习 10.2变压器 电能的输送随堂集训

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1、2019-2020年高考物理一轮总复习10.2变压器电能的输送随堂集训考向一　B.增大负载电阻的阻值R，电流表的读数变小C.负载电阻的阻值越小，cd间的电压Ucd越大D.将二极管短路，电流表的读数加倍解析：a、b端的电压为正弦式交变电压，故电压表测得的电压Uab＝。副线圈两端电压也为正弦式交变电压，但由于二极管的单向导电特性，从而使c、d两端的电压成为脉动直流电，由有效值定义可得T＝×，即Ucd＝，故Uab∶Ucd＝＝n1∶n2，A错误。因R增大时消耗的功率P＝减小，原线圈输入功率减小，故U1不变时I1减小，B正确。由Uab∶Ucd＝n1∶

2、n2可知Ucd与负载的阻值无关，C错误。将二极管短路时R两端电压成为正弦式交变电压，其有效值Ucd′＝，故此时R消耗的功率P′＝为原来的2倍，原线圈中的电流也变为原来的2倍，故D正确。答案：BD2.[xx·广东高考](多选)如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是(　　)A.P向下滑动时，灯L变亮B.P向下滑动时，变压器的输出电压不变C.P向上滑动时，变压器的输入电流变小D.P向上滑动时，变压器的输出功率变大解析：对于理想变压器U2＝U1，U1不变则U2不变，与调节P无关，故B正

3、确。又UL＝U2，所以灯的亮度不变，A错。P向上滑动时RP减小，则R总减小，P出＝增大，P入＝P出＝U1I1，所以I1增大，可知C错误，D正确。答案：BD考向二　3.[xx·四川高考]如图所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则(　　)A.用户用电器上交流电的频率是100HzB.发电机输出交流电的电压有效值是500VC.输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D.当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小解析：由图乙知，交流电的周期为0.02s，所以频率f＝＝50Hz，A错误。发电机输出交流电的

4、电压最大值为Um＝500V，故有效值U＝＝250V，B错误。输电线电流I线＝，可见I线与R线及用户电路有关，C错误。当用户用电器总电阻增大时，P用减小，I用减小，I线减小，输电线上损失的电功率P损＝IR线减小，D正确。答案：D4.[xx·江苏高考]远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R。变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是(　　)A.＝　　　　　　　　B.I2＝C.I1U1＝IRD.I1U1＝I2U2解析：由理想变压器可知＝，选项A错；I2

5、＝，而U2＝UR＋U3，故I2＜，B错；P入＝P出，即U1I1＝U2I2，而U2≠I2R，C项错，D项正确。答案：D考向三　5.[xx·天津高考]普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab一侧线圈的匝数较少，工作时电流为Iab，cd一侧线圈的匝数较多，工作时电流为Icd，为了使电流表能正常工作，则(　　)A.ab接MN、cd接PQ，IabIcdC.ab接PQ、cd接MN，IabIcd解析：在测量高压

6、线路上电流时，电流互感器的作用是减小测量支路的电流．根据变压器原理，＝，I大n小，故ab端应接MN，cd端应接PQ，Iab>Icd，选项B正确。答案：B【模拟题组——提考能】1.[xx·广东揭阳一模](多选)某发电站采用高压输电向外输送电能。若输送的总功率为P0，输电电压为U，输电导线的总电阻为R，则下列说法正确的是(　　)A.输电线上的电流为B.输电线上的电流为C.输电线上损失的功率为D.输电线上损失的功率为解析：根据P＝UI得，输电线上的电流I＝，只有当U是导线上损失的电压，可以用电流I＝得出输电线上的电流，然而此处U为输电电压，故A错

7、误，B正确；输电线上损耗的功率ΔP＝I2R＝，故C错误，D正确。答案：BD2.[xx·广东深圳一模](多选)如图所示，电源输入电压不变，要使电路中电流表示数变大，可采用的方法有(　　)A.将R上的滑片向上移动B.将R上的滑片向下移动C.将开关S掷向1D.将开关S掷向2解析：输入的电压和匝数比不变，输出的电压也不变，当向上移动滑片时，电路的电阻变小，所以电流要增加，A正确；输入的电压和匝数比不变，输出的电压也不变，当向下移动滑片时，电路的电阻变大，所以电流要变小，B错误；将开关S掷向1，原线圈的匝数变大，由电压与匝数成正比可得，副线圈的输出电

8、压要减小，电路的电阻不变，所以电流要减小，C错误；将开关S掷向2时，原线圈的匝数减少，由电压与匝数成正比可得，副线圈的输出电压要变大，电路的电阻不变，所以电流要增大，D正确。答案