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时间:2020-03-05
《《步步高学案导学设计》2013-2014学年高中数学苏教版必修一【配套备课资源】函数与方程(一).doc》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、3.4.1 函数与方程(一)一、基础过关1.函数y=x2-2x-3的零点是________.2.函数f(x)=ex+x-2的零点所在的一个区间是下面的哪一个________.(填序号)①(-2,-1);②(-1,0);③(0,1);④(1,2).3.若函数f(x)=x2-ax+a-7的零点一个大于2,一个小于2,则实数a的取值范围是________.5.设函数f(x)=,g(x)=log2x,则函数h(x)=f(x)-g(x)的零点个数是________.6.已知x0是函数f(x)=+lnx的一个零点,若x1∈(1,x0),x2∈(x0
2、,+∞),则下列说法正确的是________.①f(x1)<0,f(x2)<0;②f(x1)>0,f(x2)>0;③f(x1)>0,f(x2)<0;④f(x1)<0,f(x2)>0.7.关于x的方程mx2+2(m+3)x+2m+14=0有两实根,且一个大于4,一个小于4,求m的取值范围.8.已知y=f(x)是定义域为R的奇函数,当x∈[0,+∞)时,f(x)=x2-2x.(1)写出函数y=f(x)的解析式;(2)若方程f(x)=a恰有3个不同的解,求a的取值范围.二、能力提升9.已知函数f(x)=log2x-x,若实数x0是方程f(x)
3、=0的解,且04、2(m+3)x+2m+14.依题意得或,即或,解得-5、∞,0]∪{1}12.解 设2x=t,则函数f(x)=4x+a·2x+a+1化为g(t)=t2+at+a+1(t∈(0,+∞)).函数f(x)=4x+a·2x+a+1在(-∞,+∞)上存在零点,等价于方程t2+at+a+1=0,①有正实数根.(1)当方程①有两个正实数根时,a应满足,解得:-10,∴若存在实数a满足条件,6、则只需f(-1)·f(3)≤0即可.f(-1)·f(3)=(1-3a+2+a-1)·(9+9a-6+a-1)=4(1-a)(5a+1)≤0.所以a≤-或a≥1.检验:①当f(-1)=0时,a=1.所以f(x)=x2+x.令f(x)=0,即x2+x=0.得x=0或x=-1.方程在[-1,3]上有两根,不合题意,故a≠1.②当f(3)=0时,a=-,此时f(x)=x2-x-,令f(x)=0,即x2-x-=0,解之得x=-或x=3.方程在[-1,3]上有两根,不合题意,故a≠-.综上所述,a<-或a>1.
4、2(m+3)x+2m+14.依题意得或,即或,解得-5、∞,0]∪{1}12.解 设2x=t,则函数f(x)=4x+a·2x+a+1化为g(t)=t2+at+a+1(t∈(0,+∞)).函数f(x)=4x+a·2x+a+1在(-∞,+∞)上存在零点,等价于方程t2+at+a+1=0,①有正实数根.(1)当方程①有两个正实数根时,a应满足,解得:-10,∴若存在实数a满足条件,6、则只需f(-1)·f(3)≤0即可.f(-1)·f(3)=(1-3a+2+a-1)·(9+9a-6+a-1)=4(1-a)(5a+1)≤0.所以a≤-或a≥1.检验:①当f(-1)=0时,a=1.所以f(x)=x2+x.令f(x)=0,即x2+x=0.得x=0或x=-1.方程在[-1,3]上有两根,不合题意,故a≠1.②当f(3)=0时,a=-,此时f(x)=x2-x-,令f(x)=0,即x2-x-=0,解之得x=-或x=3.方程在[-1,3]上有两根,不合题意,故a≠-.综上所述,a<-或a>1.
5、∞,0]∪{1}12.解 设2x=t,则函数f(x)=4x+a·2x+a+1化为g(t)=t2+at+a+1(t∈(0,+∞)).函数f(x)=4x+a·2x+a+1在(-∞,+∞)上存在零点,等价于方程t2+at+a+1=0,①有正实数根.(1)当方程①有两个正实数根时,a应满足,解得:-10,∴若存在实数a满足条件,
6、则只需f(-1)·f(3)≤0即可.f(-1)·f(3)=(1-3a+2+a-1)·(9+9a-6+a-1)=4(1-a)(5a+1)≤0.所以a≤-或a≥1.检验:①当f(-1)=0时,a=1.所以f(x)=x2+x.令f(x)=0,即x2+x=0.得x=0或x=-1.方程在[-1,3]上有两根,不合题意,故a≠1.②当f(3)=0时,a=-,此时f(x)=x2-x-,令f(x)=0,即x2-x-=0,解之得x=-或x=3.方程在[-1,3]上有两根,不合题意,故a≠-.综上所述,a<-或a>1.
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