中考物理二模试卷（1）（含解析）

《中考物理二模试卷（1）（含解析）》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。

中考物理二模试卷一、填空题（每空2分，共26分；将答案直接写在横线上，不必写出解题过程）1．电影《让子弹飞》是票房收入很高的贺岁大片，扣动枪的板机，子弹在离开枪膛后还能继续向前运动，是由于子弹　　　　　　，装有消声器的“无声”手枪是在　　　　　　处减弱弹药爆炸的噪声．2．一圆形蓄水池装满水，水面与地面相平，在池的中心正上方B处悬挂着一盏灯，一人站在岸边，设A处为人眼，作出灯发出的光经过水面反射后进入人眼的光路图．（保留作图痕迹）3．按照我国登月计划，2017年“嫦娥五号”的返回舱载着月球土壤回归地球，地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠　　　　　　（选填“电磁波”或“声波”）来传递数据信息的．4．小莺做“验证阿基米德原理”实验的步骤如图所示，处理数据时，发现实验步骤有所遗漏，遗漏的步骤为　　　　　　，若将遗漏的步骤标注为d，实验步骤a、b、c、d中，弹簧测力计的示数依次为Fa、Fb、Fc、Fd．若这些示数之间的关系满足（用所给的字母表示）　　　　　　，则可验证阿基米德原理．5．某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为40cm2，活塞在气缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为1×l05Pa，则做功冲程中燃气对活塞的平均压力为　　　　　　N；一个工作循环燃气对活塞做功　　　　　　J． 6．如图所示，大李和小李用一根均匀的轻质木棒抬重物，大李想减轻小李的负担，假如大李要承担的力，那么，那么，小李的肩头到重物挂点O的距离与大李的肩头到重物挂点O的距离之比是　　　　　　．7．某钢瓶内装氧气密度是6kg/m3，在一次气焊中用去其中的，则瓶内剩余氧气的密度为　　　　　　kg/m3．8．学校积极开展“阳光体育大课间”活动，跳绳是同学们喜爱的运动项目之一，质量为50kg的李扬同学每分钟跳绳可达150次，若他每次跳起时双脚离开地面4cm，则李扬同学克服自身重力做功的功率是　　　　　　W．g=10N/kg．9．如图甲所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a端移到b端，定值电阻两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示，则定值电阻R1阻值为　　　　　　Ω．10．某同学做了一个如图所示的装置，闭合开关，用外力使导体棒ab水平向移动，发现导体棒cd也随之运动起来，则cd棒能运动的原因是　　　　　　．　二、选择题（每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11．下列四组图中各实验现象揭示的物理原理与所对应的应用不正确的是（　　） A．B．C．D．12．如图所示，一小钢球从光滑固定斜面的A点静止释放，相继经过B、C两点，AB=BC，（忽略空气阻力的影响），则下列分析正确的是（　　）A．小钢球下滑过程中做匀速直线运动B．小钢球在AB、BC两段内运动的平均速度相等C．小钢球所受重力在AB、BC两段内做功相等D．就A、B、C三点而言，小钢球在A点具有的机械能最大13．小明取质量相同的纯冰和含杂质（含盐）的冰做“固体熔化”实验，在相同条件下测得两条温度随时间变化曲线，如图所示纯冰对应曲线①、含杂质的冰对应曲线②，则下列说法正确的是（　　）A．含杂质的冰加热至第10min时处于液态B．根据图象可知，纯冰在整个熔化过程中吸热但内能保持不变C．根据分析可知，冬季在冰雪覆盖的道路上洒盐，可以降低冰的熔点D．含杂质的冰，熔化前升温快，比热容大14．如图所示，下列现象中说法正确的是（　　）A．抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，这是气体的扩散现象B．试管内的水沸腾后，软木塞从试管口飞出是软木塞的机械能转化为内能 C．向上提拉与水面接触的玻璃板，弹簧测力计示数变大，说明分子间存在斥力D．拉动绕在金属管外的皮绳，橡皮塞从金属管口飞出，说明分子在永不停息地运动15．如图所示，当开关闭合时，电路中的电流为1A，电压表V的示数是10V，定值电阻R的阻值为4Ω，电动机M的线圈电阻为0.5Ω，下列说法正确的是（　　）A．电压表V1的示数为4VB．通电lmin电流通过电动机产生的热量是30JC．电路消耗的总功率是6WD．通电lmin电流通过电动机产生的机械能是360J16．如图甲所示，一块长木板放在水平桌面上．现用一水平力F1，向右缓慢的推木板，使其一部分露出桌面如图乙所示，在推木板的过程中，木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况是（　　）A．F、p不变，f变大B．F、f不变，p变小C．F变小，p、f变大D．F、f不变，p变大17．当弹簧不受拉力作用时，我们称其长度为原长L0，在弹簧的弹性限度内，弹簧受到的力F和弹簧的形变量△X（△X=L﹣L0）成正比，即F=k△X，k叫做弹簧的劲度系数，如图所示是某次实验测得弹簧所受的力F与弹簧长度L的关系图象，请你根据图象判断下列说法中错误的是（　　）A．弹簧的原长L0是10cmB．弹簧的劲度系数是50N/m C．当受到F=5N时，弹簧缩短了2.5cmD．当弹簧伸长了15cm（弹性限度内）时，受到力F=30N　三、实验题（第18题6分，第19题6分，第20题8分，共20分）18．在学完凸透镜成你规律后，小明选择了一块焦距为10cm的凸透镜，对凸透镜成像特点作了进一步探究：（1）小明按图甲所示组装好实验装置，在只移动透镜的情况下，他发现始终不能在光屏上成清晰的像．由此，他猜想造成上述现象的原因是　　　　　　；（2）如图乙所示，蜡烛在光具座上由A处向左移动距离s到C处，为在光屏上再次成清晰的像，他应将光屏向　　　　　　（选填“左”或“右”）移动距离s′，则蜡烛移动距离s　　　　　　光屏移动距离s′（选填“＞”、“＜”或“=”）19．课外活动小组的同学在利用图A所示的滑轮组做“测定滑轮组机械效率”实验时，数据记录如表：滑轮使用钩码重G/N钩码升高h/m弹簧测力计示数F/N绳自由端移动距离s/m机械效率η一定一动10.10.40.3（1）在表格内滑轮组的机械效率补充完整；（2）若改用两动滑轮和两定滑轮来提升原来的重物，如图B所示，则弹簧测力计示数将　　　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）本实验中若增加钩码的个数，如图C所示，相对于B装置．滑轮组的机械效率　　　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．20．学生在做“测量小灯泡的额定功率”的实验时，连接的实物图如图甲所示，其中小灯泡的额定电压为2.5V，额定功率小于1.5W． （1）小红正确连接好电路后，闭合开关，发现电压表和电流表均有读数，但小灯泡不亮，检查发现所有电学元件均完好，请你判断小灯泡不亮的原因是：　　　　　　．（2）调整好电路之后，再闭合开关，发现电压表示数为2.7V，则小红的下一步操作应该是：　　　　　　，此时电流表的示数如图乙所示，由此可知小灯泡的额定功率为　　　　　　W．（3）考虑到电压表的内电阻，灯泡的额定功率的测量结果与其真实值相比　　　　　　．（选填“偏大”或“偏小”）　四、计算与推导题（第18题5分，第19题9分，第20题9分，共23分）21．如图所示，设想有一个高为H，上、下底面积为S的长方体浸没在密度为ρ液的液体中，该长方体上表面在液体中的深度为h1，下表面在液体中的深度为h2．该长方体上、下表面受到液体的压强可用公式P=ρgh（ρ为液体密度，h为深度）来计算．试推导出长方体上、下表面在液体中所受压力差F=ρ液gSH22．空气能热水器是通过吸收空气中的热量来加热水的“热量搬运”装置，空气能热水器在工作时，吸收空气中的能量为Q，消耗的电能为W，通过热交换使水吸收的热量为Q吸，则有Q吸=Q+W，已知某型号空气能热水器的热效率是1400W，工作时消耗的电能W是水吸收热量Q吸的，当用此热水器将80kg的水从5℃加热到55℃时[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），干木柴的热值为1.2×107J/kg]．求：（1）水吸收的热量；（2）水吸收的热量相当于完全燃烧多少千克的干木柴所放出的热量；（3）空气能热水器完成上述加热过程所用的时间．23．电能输送的过程中存在着能量的损失，原因是输电过程中电流通过输电导线时会有部分电能转化为内能而流失到空气中（热损失的功率P热=I2R热），而减少输电过程中电能损失的方法是提高输电电压．（1）请结合公式说明，为什么提高输电电压可以减少输电过程中电能的损失（发电厂的输出功率P=UI是不变的）；（2）某输电站的输电电压U=6000V，输电功率P=600kW，这时安装在输电线路起点和终点的电能表一昼夜（24h）内读数相差4800kW•h，则输电线的电阻是多少？　 2016年安徽省蚌埠市中考物理二模试卷参考答案与试题解析　一、填空题（每空2分，共26分；将答案直接写在横线上，不必写出解题过程）1．电影《让子弹飞》是票房收入很高的贺岁大片，扣动枪的板机，子弹在离开枪膛后还能继续向前运动，是由于子弹　具有惯性　，装有消声器的“无声”手枪是在　声源　处减弱弹药爆炸的噪声．【考点】惯性；防治噪声的途径．【分析】（1）物体具有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性，一切物体都有惯性；（2）减弱噪声的措施有在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱．【解答】解：（1）扣动枪的板机，子弹在离开枪膛后还能继续向前运动，是因为子弹具有惯性，仍要保持原来的运动状态；（2）无声手枪是在枪膛上装有消声器，属于在声源处减弱弹药爆炸的噪声．故答案为：具有惯性；声源．　2．一圆形蓄水池装满水，水面与地面相平，在池的中心正上方B处悬挂着一盏灯，一人站在岸边，设A处为人眼，作出灯发出的光经过水面反射后进入人眼的光路图．（保留作图痕迹）【考点】作光的反射光路图．【分析】反射光线是由点光源B发出的，但感觉是由点光源在水中的像发出的，也就是说反射光线的反向延长线过像点．首先利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点B的像点B′，根据反射光线反向延长通过像点，可以有像点B′和A点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定反射点，最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路．【解答】解：根据平面镜成像的规律：像与物关于镜面对称，作出点光源B在关于水面的对称点B′，即像点．连接B′A，与水面的交点O即为反射点，连接OA即为反射光线，连接BO即为入射光线．如图所示： 　3．按照我国登月计划，2017年“嫦娥五号”的返回舱载着月球土壤回归地球，地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠　电磁波　（选填“电磁波”或“声波”）来传递数据信息的．【考点】电磁波的传播．【分析】电磁波可以传递信息，电磁波的传播不需要介质，而声波的传播需要介质，所以飞船在太空中是通过电磁波传播信息的．【解答】解：地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠电磁波传播信息的．故答案为：电磁波．　4．小莺做“验证阿基米德原理”实验的步骤如图所示，处理数据时，发现实验步骤有所遗漏，遗漏的步骤为　测量空桶的重力　，若将遗漏的步骤标注为d，实验步骤a、b、c、d中，弹簧测力计的示数依次为Fa、Fb、Fc、Fd．若这些示数之间的关系满足（用所给的字母表示）　Fa﹣Fb=Fc﹣Fd　，则可验证阿基米德原理．【考点】探究浮力大小的实验．【分析】阿基米德原理的内容：浸在液体中物体受到的向上的浮力，浮力大小等于它排开的液体受到的重力；要验证阿基米德原理就要测出物体的浮力，可根据F浮=G﹣F示得出，然后测出排开液体的重力，两者进行比较即可验证． 【解答】解：（1）验证“验证阿基米德原理”实验，需要测出物体排开水的重力，需要先测出空桶的重力，由图示实验可知，实验遗漏的步骤是：测量空桶的重力；（2）由实验过程可知，物体浸没液体中受到的浮力：F浮=Fa﹣Fb，物体排开液体的重力：G排=Fc﹣Fd，如果满足：Fa﹣Fb=Fc﹣Fd，可以证明：浸入液体中的物体所受浮力的大小等于物体排开的液体所受重力的大小．故答案为：（1）测量空桶的重力；（2）Fa﹣Fb=Fc﹣Fd．　5．某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为40cm2，活塞在气缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为1×l05Pa，则做功冲程中燃气对活塞的平均压力为　400　N；一个工作循环燃气对活塞做功　20　J．【考点】有关热机的计算．【分析】（1）知道燃气的平均压强和活塞的面积，可利用公式F=pS计算出平均压力的大小；（2）知道活塞在气缸中移动的距离，可利用公式W=Fs计算出一个做功冲程燃气对活塞做的功．【解答】解：（1）p=1×l05Pa，S=40cm2=40×10﹣4m2，燃气对活塞的平均压力为：F=pS=1×l05Pa×40×10﹣4m2=400N．（2）s=50mm=0.05m，一个工作循环只有一个做功冲程，燃气对活塞做的功W=Fs=400N×0.05m=20J．故答案为：400；20．　6．如图所示，大李和小李用一根均匀的轻质木棒抬重物，大李想减轻小李的负担，假如大李要承担的力，那么，那么，小李的肩头到重物挂点O的距离与大李的肩头到重物挂点O的距离之比是　2：1　．【考点】杠杆的平衡条件．【分析】如果大李要承担的力，那么小李要承担的力，根据杠杆平衡条件即可求之．【解答】解：设重物的重力为G，根据题意可知，大李要承担的力F2=G，小李要承担的力为F1=G，由F1L1=F2L2得： ===2：1．故答案为：2：1．　7．某钢瓶内装氧气密度是6kg/m3，在一次气焊中用去其中的，则瓶内剩余氧气的密度为　2　kg/m3．【考点】密度的计算．【分析】在氧气瓶中的氧气用去后，质量减去，但体积不变，根据公式ρ=可求瓶中余下氧气的密度．【解答】解：设氧气瓶的容积为V，氧气的质量为m，则ρ=；剩余氧气的质量为m′=（1﹣）m=m，因剩余氧气的体积不变，所以剩余氧气的密度：ρ′===ρ=×6kg/m3=2kg/m3．故答案为：2．　8．学校积极开展“阳光体育大课间”活动，跳绳是同学们喜爱的运动项目之一，质量为50kg的李扬同学每分钟跳绳可达150次，若他每次跳起时双脚离开地面4cm，则李扬同学克服自身重力做功的功率是　50　W．g=10N/kg．【考点】功率的计算．【分析】跳绳过程是克服自身重力做功的过程，根据W=Gh计算1min内所做的功，再由P=求出功率【解答】解：由题知：m=50kg，h=4cm=0.04m，t=1min=60s；每分钟克服自身重力做功：W=Gh=mgnh=50kg×10N/kg×0.04m×150=3000J；做功功率：P===50W．故答案为：50．　9．如图甲所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a端移到b端，定值电阻两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示，则定值电阻R1阻值为　10　Ω． 【考点】欧姆定律的应用．【分析】由图甲可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压；当滑片在a端时，只有定值电阻接入电路，电压表测电源两端电压，则由图示图象得出电源电压；然后在图象中找出一组电压与电阻的对应值，应用串联电路特点、欧姆定律即可求R1阻值出．【解答】解：由图甲所示电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压；由图甲所示电路可知，滑片在a端时，只有定值电阻接入电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象可知，电源电压U=6V；由图示图象可知，R2=20Ω时，U1=2V，根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：U2=U﹣U1=6V﹣2V=4V，电路电流：I===0.2A，由I=得：R1===10Ω．故答案为：10．　10．某同学做了一个如图所示的装置，闭合开关，用外力使导体棒ab水平向移动，发现导体棒cd也随之运动起来，则cd棒能运动的原因是　通电导体在磁场中受力运动　．【考点】电磁感应；磁场对通电导线的作用．【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象．（2）电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的．【解答】解：闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体ab在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象．电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理，该现象实现了电能转化为机械能． 故答案为：通电导体在磁场中受力运动．　二、选择题（每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11．下列四组图中各实验现象揭示的物理原理与所对应的应用不正确的是（　　）A．B．C．D．【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素；流体压强与流速的关系；凸透镜成像的应用；电磁感应．【分析】实验现象揭示的物理原理或规律与应用技术有着密切的联系．在明确为了实验所揭示的原理或规律后，再对照生活中的应用，看是否是同一个知识即可．【解答】解：A、如图所示，物像在凸透镜的同侧，凸透镜成正立、放大的虚像，应用于放大镜或老花镜．而照相机是利用物体在凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像制成的．两者不能对应，故A错误．B、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线能产生感应电流；发电机，应用的是线圈在磁场中做切割磁感线产生电流，两者能够对应，故B正确．C、上图的物理原理：空气流速大的地方气体压强小．应用：飞机就是根据流体压强和流速的关系升空的．两者能够对应，故C正确．D、上图的物理原理：通电时，电磁铁具有磁性，小磁针发生偏转；下图中通电时，电磁铁有电流通过时，产生了磁性，把小锤下方的弹性片吸过来，使小锤打击电铃发出声音；同时电路断开，电磁铁失去了磁性，小锤又被弹回，电路闭合，不断重复，电铃便发出连续击打声了．两者能够对应，故D正确．故选A．　12．如图所示，一小钢球从光滑固定斜面的A点静止释放，相继经过B、C两点，AB=BC，（忽略空气阻力的影响），则下列分析正确的是（　　）A．小钢球下滑过程中做匀速直线运动B．小钢球在AB、BC两段内运动的平均速度相等C．小钢球所受重力在AB、BC两段内做功相等D．就A、B、C三点而言，小钢球在A点具有的机械能最大【考点】能量的相互转化；能量守恒定律；动能的影响因素；势能的影响因素．【分析】质量一定时，速度越大，小球的动能越大；高度越高，重力势能越大；在理想情况下（没有摩擦），小球的能量是守恒的； 根据小球从斜面上滑下时，速度越来越大，高度越来越低，分析小球的动能和重力势能的变化情况，结合能量守恒定律对各选项进行分析．【解答】解：小钢球从A处由静止滚下，高度减小，重力势能减小，速度增大（速度越来越大），动能增大，故A、B选项错误；又因为斜面光滑，所以整个过程能量守恒，则AB、BC两段的高度相等，因此减少的重力势能相等，故小钢球在AB、BC两段内做功相等；而整个过程中小钢球具有的机械能不变，故C选项正确，D选项错误；故选C．　13．小明取质量相同的纯冰和含杂质（含盐）的冰做“固体熔化”实验，在相同条件下测得两条温度随时间变化曲线，如图所示纯冰对应曲线①、含杂质的冰对应曲线②，则下列说法正确的是（　　）A．含杂质的冰加热至第10min时处于液态B．根据图象可知，纯冰在整个熔化过程中吸热但内能保持不变C．根据分析可知，冬季在冰雪覆盖的道路上洒盐，可以降低冰的熔点D．含杂质的冰，熔化前升温快，比热容大【考点】熔化和凝固的温度—时间图象．【分析】（1）根据图象即可看出在加热相同时间时，物质温度的变化越大，说明物质的比热容越小；先从图象上确定它们的熔点，然后根据图象找出熔化前升温越快时，对应熔点温度的高低；（2）分析两条曲线我们可知，浓盐冰对应曲线②熔点最低，故其对应的凝固点最低．【解答】解：A、含杂质的冰加热至第10min时刚开始熔化，处于固液混合态，故A错误；B、纯冰是晶体，晶体在熔化过程中吸热，温度不升高，但内能增大，故B错误；C、分析两条曲线我们可知，浓盐冰对应曲线②熔点最低，故其对应的凝固点最低，所以下雪天在路面撒盐是为了降低水的凝固点；故C正确；D、在加热相同时间时，物质的温度变化越大，其比热容越小，而从图象上可以看出含盐浓度越高的冰在开始加热时，温度变化最大，因此结论是：含盐浓度最高的冰的比热容最小；故D错误；故选C．　14．如图所示，下列现象中说法正确的是（　　）A．抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，这是气体的扩散现象 B．试管内的水沸腾后，软木塞从试管口飞出是软木塞的机械能转化为内能C．向上提拉与水面接触的玻璃板，弹簧测力计示数变大，说明分子间存在斥力D．拉动绕在金属管外的皮绳，橡皮塞从金属管口飞出，说明分子在永不停息地运动【考点】扩散现象；做功改变物体内能；分子间的作用力．【分析】（1）不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散说明了不同物质的分子在不停地做无规则运动；（2）气体膨胀时会对外做功，由内能转化成机械能；（3）物质是由分子组成的，分子间有间隙，有相互作用的引力和斥力．【解答】解：A、甲图：抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，这是气体的扩散现象，说明了气体分子的运动，故A正确；B、乙图：试管内的水沸腾后，软木塞从试管口飞出时，是因为试管内的水蒸气膨胀做功，内能转化成软木塞的机械能，故B错误；C、丙图：缓慢向上提拉与水面接触的玻璃板，弹簧测力计示数变大，说明分子水分子和玻璃分子间存在引力，故C错误；D、丁图：迅速拉动绕在金属管外的皮绳，橡皮塞从金属管口飞出，是因为金属管内的水蒸气膨胀做功，内能转化成橡皮塞的机械能，不能说明分子在永不停息地运动，故D错误．故选：A．　15．如图所示，当开关闭合时，电路中的电流为1A，电压表V的示数是10V，定值电阻R的阻值为4Ω，电动机M的线圈电阻为0.5Ω，下列说法正确的是（　　）A．电压表V1的示数为4VB．通电lmin电流通过电动机产生的热量是30JC．电路消耗的总功率是6WD．通电lmin电流通过电动机产生的机械能是360J 【考点】电功的计算；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．【分析】由电路图可知，电阻R和电动机串联，电压表V测电源的电压，V1测电阻R两端的电压；根据串联电路的电压特点求出电动机两端的电压，已知电路中的电流，根据P=UI求出电动机消耗的电功率，利用Q=I2Rt求出电动机工作1min线圈产生的热量．然后可求通过电动机产生的机械能．【解答】解：A、由电路图可知，电阻R和电动机串联，电压表V测电源的电压，V1测电阻R两端的电压，已知电路中的电流I=1A，定值电阻R=4Ω，由I=可得R两端的电压UR=IR=1A×4Ω=4V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电动机两端的电压：UM=U﹣UR=10V﹣4V=6V，故A错误；B、因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=IM=IR=1A；通电1min电动机产生的热量Q=I2RMt=（1A）2×0.5Ω×60s=30J，故B正确；C、电路消耗的总功率P=UI=10V×1A=10W，故C错误；D、电动机线圈产生的热量：Q=I2RMt=（1A）2×1Ω×60s=60J，电动机产生的机械能为360J﹣60J=300J，故D错误．故选B．　16．如图甲所示，一块长木板放在水平桌面上．现用一水平力F1，向右缓慢的推木板，使其一部分露出桌面如图乙所示，在推木板的过程中，木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况是（　　）A．F、p不变，f变大B．F、f不变，p变小C．F变小，p、f变大D．F、f不变，p变大【考点】压力及重力与压力的区别；摩擦力的大小；压强大小比较．【分析】（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向右缓慢地推木板时受力面积的变化判断对桌面压强的变化；（2）根据影响滑动摩擦力大小的因素：压力的大小和接触面的粗糙程度判断此过程摩擦力的变化．【解答】解：水平面上物体的压力和自身的重力相等，向右缓慢地推木板的过程中，木板对桌面的压力F不变，p=，且向右缓慢地推木板的过程中受力面积变小，木板对桌面的压强p变大；向右缓慢地推木板的过程中，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力f不变． 故选D．　17．当弹簧不受拉力作用时，我们称其长度为原长L0，在弹簧的弹性限度内，弹簧受到的力F和弹簧的形变量△X（△X=L﹣L0）成正比，即F=k△X，k叫做弹簧的劲度系数，如图所示是某次实验测得弹簧所受的力F与弹簧长度L的关系图象，请你根据图象判断下列说法中错误的是（　　）A．弹簧的原长L0是10cmB．弹簧的劲度系数是50N/mC．当受到F=5N时，弹簧缩短了2.5cmD．当弹簧伸长了15cm（弹性限度内）时，受到力F=30N【考点】弹力．【分析】①直接读图，弹力为0时对应的弹簧长度就是弹簧的原长；②利用胡克定律F=k△x，计算该弹簧的劲度系数、弹簧缩短长度和所受拉力．【解答】解：A、弹簧处于原长时，弹簧所受弹力为0，则从图中可知，F=0时，L0=10cm．故A正确；B、由胡克定律有F=K△x，从图中可知弹簧长度L=15cm时，弹簧伸长量△x=L﹣L0=15cm﹣10cm=5cm=0.05m，弹力F为10N，因为F=k△X，所以该弹簧的劲度系数k===200N/m．故B错误；C、当受到F=5N时，弹簧缩短了△x===0.025m=2.5cm．故C正确；D、当弹簧伸长了15cm，受到的拉力为F=k△x=200N/m×0.15m=30N．故D正确．故选B．　三、实验题（第18题6分，第19题6分，第20题8分，共20分）18．在学完凸透镜成你规律后，小明选择了一块焦距为10cm的凸透镜，对凸透镜成像特点作了进一步探究：（1）小明按图甲所示组装好实验装置，在只移动透镜的情况下，他发现始终不能在光屏上成清晰的像．由此，他猜想造成上述现象的原因是　蜡烛与光屏之间的距离太小，小于4f　；（2）如图乙所示，蜡烛在光具座上由A处向左移动距离s到C处，为在光屏上再次成清晰的像，他应将光屏向　左　（选填“左”或“右”）移动距离s′，则蜡烛移动距离s　＜　光屏移动距离s′（选填“＞”、“＜”或“=”）【考点】凸透镜成像规律及其探究实验． 【分析】（1）根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系，当u=2f，成倒立、等大的实像，此时v=2f；（2）根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系可确定像的性质；凸透镜成像时，物距增大，像距减小；凸透镜成像时，当物距等于2f，此时像距也为2f，物像之距最小．当由A处向左移动时，由于物体向2f处靠近，所以物像之距在减小．由此可得出s′与s的关系．【解答】解：（1）由图甲可知，此时u=2f，在只移动透镜的情况下，当物距u=2f，成倒立、等大的实像，此时v=2f，但光屏的位置就不符合v=2f；当2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，此时v＞2f，同样光屏的位置也不符合v＞2f；因此都不能在光屏上成清晰的像．要想在光屏上得到像，就得将光屏远离透镜，因此造成都不能在光屏上成清晰的像的原因是蜡烛与光屏之间的距离太小，小于4f．（2）凸透镜位置不变，蜡烛向左移动，物距增大，像距减小，光屏向左移动才能接到清晰的像．当物距等于2f，此时像距也为2f，物像之距最小．当由A处向左移动时，由于物体向2f处靠近，所以物像之距在减小，因为物体向左移动，像也向左移动，所以物体移动的距离s小于像移动的距离s′．故答案为：（1）蜡烛与光屏之间的距离太小，小于4f；（2）左；＜．　19．课外活动小组的同学在利用图A所示的滑轮组做“测定滑轮组机械效率”实验时，数据记录如表：滑轮使用钩码重G/N钩码升高h/m弹簧测力计示数F/N绳自由端移动距离s/m机械效率η一定一动10.10.40.3（1）在表格内滑轮组的机械效率补充完整；（2）若改用两动滑轮和两定滑轮来提升原来的重物，如图B所示，则弹簧测力计示数将　变小　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）本实验中若增加钩码的个数，如图C所示，相对于B装置．滑轮组的机械效率　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．【分析】（1）根据表中数据数据，应用效率公式求出滑轮组的机械效率；（2）改用两个动滑轮两个定滑轮来提升原来的重物，与动滑轮相连的绳子段数多了，比以前更省力；（3）使用滑轮组时，做的额外功不变，增加钩码的重，增大了有用功，因此机械效率会变大．【解答】解： （1）滑轮组的效率：η===×100%≈83.3%；（2）若改用两个动滑轮和两个定滑轮来提升原来的重物，由图B所示可知，承重绳子的股数增加，拉力将减小，弹簧测力计的示数将变小；（3）使用同一滑轮组提升重物，额外功不变，增加钩码的个数，有用功增加，有用功占总功的比值增加，滑轮组机械效率变大．故答案为：（1）83.3%；（2）变小；（3）变大．　20．学生在做“测量小灯泡的额定功率”的实验时，连接的实物图如图甲所示，其中小灯泡的额定电压为2.5V，额定功率小于1.5W．（1）小红正确连接好电路后，闭合开关，发现电压表和电流表均有读数，但小灯泡不亮，检查发现所有电学元件均完好，请你判断小灯泡不亮的原因是：　滑动变阻器接入电路中的电阻过大，小灯泡分得的电压过小　．（2）调整好电路之后，再闭合开关，发现电压表示数为2.7V，则小红的下一步操作应该是：　向左移动滑片直至电压表的示数达到2.5V为止　，此时电流表的示数如图乙所示，由此可知小灯泡的额定功率为　1　W．（3）考虑到电压表的内电阻，灯泡的额定功率的测量结果与其真实值相比　偏大　．（选填“偏大”或“偏小”）【考点】电功率的测量．【分析】（1）连接电路时，为保护电路，闭合开关之前滑动变阻器滑片应滑到阻值最大处，灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，实际功率过小时灯泡不发光；（2）①额定电压下用电器的功率和额定功率相等，根据串联电路的分压特点可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，然后判断滑片移动的方向；②由图甲可知电流表的量程，根据分度值和指针的位置确定示数，利用P=UI求出小灯泡的额定功率；（3）电压表直接测量灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡和电压表的电流，根据P=UI判断测量值与真实值的关系．【解答】解：（1）连接电路时，为了保护电路，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，闭合开关后，所有电学元件均完好，灯泡不亮，原因是：滑动变阻器接入电路中的电阻过大，小灯泡分得的电压过小造成的；（2）①电压表的示数2.7V大于灯泡的额定电压，要测灯泡的额定功率，由串联电路的分压原理可知，应减小滑动变阻器接入电路中的电阻，即滑片应向左移动，直至电压表的示数达到2.5V为止；②由图甲可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.4A=1W； （3）电压表直接测量灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡和电压表的电流，电流的测量值偏大，由P=UI可知，所测灯泡的额定功率大于其真实值．故答案为：（1）滑动变阻器接入电路中的电阻过大，小灯泡分得的电压过小；（2）向左移动滑片直至电压表的示数达到2.5V为止；1；（3）偏大．　四、计算与推导题（第18题5分，第19题9分，第20题9分，共23分）21．如图所示，设想有一个高为H，上、下底面积为S的长方体浸没在密度为ρ液的液体中，该长方体上表面在液体中的深度为h1，下表面在液体中的深度为h2．该长方体上、下表面受到液体的压强可用公式P=ρgh（ρ为液体密度，h为深度）来计算．试推导出长方体上、下表面在液体中所受压力差F=ρ液gSH【考点】液体的压强的计算．【分析】根据液体压强公式P=ρgh、压强公式的变形公式F=PS，推导证明．【解答】解：推证过程如下：由液体压强公式P=ρgh及压强公式的变形公式F=PS得：F1=P1S=ρ液gh1S，F2=P2S=ρ液gh2S，长方体上、下表面在液体中所受压力差F=F2﹣F1=ρ液gh2S﹣ρ液gh1S=ρ液gS（h2﹣h1）=ρ液gSH　22．空气能热水器是通过吸收空气中的热量来加热水的“热量搬运”装置，空气能热水器在工作时，吸收空气中的能量为Q，消耗的电能为W，通过热交换使水吸收的热量为Q吸，则有Q吸=Q+W，已知某型号空气能热水器的热效率是1400W，工作时消耗的电能W是水吸收热量Q吸的，当用此热水器将80kg的水从5℃加热到55℃时[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），干木柴的热值为1.2×107J/kg]．求：（1）水吸收的热量；（2）水吸收的热量相当于完全燃烧多少千克的干木柴所放出的热量；（3）空气能热水器完成上述加热过程所用的时间．【考点】燃料的热值；热量的计算；电功的计算．【分析】（1）知道水的质量、初温和末温，根据公式Q=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（2）再根据公式Q=mq求出燃烧干木材的质量；（3）根据工作时消耗的电能与水吸收热量的关系，求出热水器放出的热量，又知道电功率，根据公式W=Pt求出加热时间．【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×80kg×（55℃﹣5℃）=1.68×107J；（2）由题知，Q吸=Q放， 根据Q放=mq可知，需要干木柴的质量：m′===1.4kg；（3）根据消耗的电能W是水吸收热量Q吸的可知，电热水器放出的热量：W=Q吸=×1.68×107J=4.2×106J，根据W=Pt可知空气能热水器完成上述加热过程所用的时间：t===3×103s．答：（1）水吸收的热量为1.68×107J；（2）需要完全燃烧1.4kg干木柴；（3）空气能热水器用时3×103s．　23．电能输送的过程中存在着能量的损失，原因是输电过程中电流通过输电导线时会有部分电能转化为内能而流失到空气中（热损失的功率P热=I2R热），而减少输电过程中电能损失的方法是提高输电电压．（1）请结合公式说明，为什么提高输电电压可以减少输电过程中电能的损失（发电厂的输出功率P=UI是不变的）；（2）某输电站的输电电压U=6000V，输电功率P=600kW，这时安装在输电线路起点和终点的电能表一昼夜（24h）内读数相差4800kW•h，则输电线的电阻是多少？【考点】电功率的计算．【分析】（1）远距离输电过程中，电能耗损主要是由于电流的热效应而造成的；根据功率公式P=I2R分析减小远距离输电电能损失的措施．（2）已知输电电压与输电功率，由电功率公式P=UI的变形公式可以求出输电电流，由起点与终点两只电表的示数相差，可以求出输电损失的功率，然后由P=I2R的变形公式求出导线电阻．【解答】解：（1）因为发电厂的输出功率P=UI是不变的，所以提高输出电压U，则输电电流I减小，在输电线电阻保持不变的前提下，电流通过输电导线时的热功率P热=I2R将变小，所以可以减少电能在输电线路上因转化为内能而带来的损失．（2）已知输电功率P=600kW=6×105W，输电电压U=6000V，由P=UI可得，输电电流I===100A，因为这时安装在输电线路起点和终点的电能表一昼夜（24h）内读数相差4800kW•h，所以因导线发热而损耗的功率为P损===200kW=2×105W，由P=I2R，可得，导线电阻：R===20Ω； 答：（1）同上；（2）输电线的电阻是20Ω．