高考物理闭合电路的欧姆定律专项训练100(附答案).docx

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1、高考物理闭合电路的欧姆定律专项训练100(附答案)一、高考物理精讲专题闭合电路的欧姆定律1．如图所示，R1=R2=2.5Ω，滑动变阻器R的最大阻值为10Ω，电压表为理想电表。闭合电键S，移动滑动变阻器的滑片P，当滑片P分别滑到变阻器的两端a和b时，电源输出功率均为4.5W。求(1)电源电动势；(2)滑片P滑动到变阻器b端时，电压表示数。【答案】(1)E12V(2)U=7.5V【解析】【详解】(1)当P滑到a端时，R外1R1RR24.5RR2电源输出功率：2E2PIR外1(）R外1R外1r当P滑到b端时，R外2R1R

2、12.5电源输出功率：PI2R外2E2(）R外2R外2r得：r7.5E12V(2)当P滑到b端时，EI0.6AR外2r电压表示数：UEIr7.5V2．小勇同学设计了一种测定风力大小的装置，其原理如图所示。E是内阻不计、电动势为6V的电源。R0是一个阻值为40Ω的定值电阻。V是由理想电压表改装成的指针式测风力显示器。R是与迎风板A相连的一个压敏电阻，其阻值可随风的压力大小变化而改变，其关系如下表所示。迎板A的重力忽略不。求：力F/N050100150200250300⋯阻R/30282624222018⋯（1）利用表中的数据

3、出阻R随力F化的函数式；（2）若表的最大量程5V，装置能得的最大力多少牛；（3）当力F为500N，表示数是多少；（4）如果源E的降低，要使相同力表得的示数不，需要R0，后的R0的阻大小如何化？（只写）【答案】（1）R300.04F()；（2）Fm550N；（3）U4.8V；（4）阻大【解析】【分析】【解】（1）通表中数据可得：代入数据得：Fc，故R与F成性化关系它的关系式：RRkFbR300.04F(Ω)①（2）由意，R0上的UR05V，通R0的流IUR0②R0RUREUR0③II解①~④式，得，当表两端UR为5V，得的

4、力最大Fm550N④（3）由①式得R10ΩR0EU4.8V⑤RR0（4）阻值变大3．如图所示电路中，R14，R26，C30F，电池的内阻r2，电动势E12V．（1）闭合开关S，求稳定后通过R1的电流．（2）求将开关断开后流过R1的总电荷量．【答案】（1）1A；（2）1.8104C【解析】【详解】（1）闭合开关S电路稳定后，电容视为断路，则由图可知，R与R2串联，由闭合电路的1欧姆定律有：E121AIr462R1R2所以稳定后通过R1的电流为1A．（2）闭合开关S后，电容器两端的电压与R2的相等，有UC16V6V将开关S断开

5、后，电容器两端的电压与电源的电动势相等，有UC'E12V流过R1的总电荷量为QCUC'CUC30106126C1.8104C4．如图所示，金属导轨平面动摩擦因数μ＝0.2，与水平方向成θ＝37°角，其一端接有电动势E＝4.5V，内阻r＝0.5Ω的直流电源。现把一质量m＝0.1kg的导体棒ab放在导轨上，导体棒与导轨接触的两点间距离L＝2m，电阻R＝2.5Ω，金属导轨电阻不计。在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B＝0.5T，方向竖直向上的匀强磁场。己知sin37＝°0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/

6、s2（不考虑电磁感应影响），求：(1)通过导体棒中电流大小和导体棒所受安培力大小；(2)导体棒加速度大小和方向。【答案】(1)1.5A，1.5N；(2)2.6m/s2，方向沿导轨平面向上【解析】【详解】(1)由闭合电路欧姆定律可得EI1.5ARr根据安培力公式可得导体棒所受安培力大小为FBIL1.5N(2)对导体棒受力分析，根据牛顿第二定律有BILcosθmgsinθfmafFNcosθBILsinθmg联立可得a2.6m/s2方向沿导轨平面向上5．在如图所示的电路中，电源电动势E=3.0V，内电阻r=1.0Ω；电阻R1=

7、10Ω，R2=10Ω，R3=35ΩC=1000μFS后流过R4的总电荷；电容器的电容，电容器原来不带电。求接通电键量（保留两位有效数字）。【答案】-32.0×10C【解析】【详解】接通电键S前，R3串联后与R1并联，所以闭合电路的总电阻：2与RR1(R2R3)RrR1R2R3由闭合电路欧姆定律得，通过电源的电流：I电源的两端电压：ERUE－Ir则R3两端的电压：R3U3UR2R3接通电键S后通过R4的总电荷量就是电容器的电荷量。根据QCU可得：QCU3代入数据解得：Q2.010-3C6．如图所示，电源电动势E＝27V，内

8、阻r＝2Ω，固定电阻R2＝4Ω，R1为光敏电阻．C为平行板电容器，其电容C＝3pF，虚线到两极板距离相等，极板长L＝0.2m，间距－2为一圆盘，由形状相同透光率不同的二个扇形a、b构成，它可绕AA′轴d＝1.0×10m．P转动．当细光束通过扇形a、b照射光敏电阻R1时，R1的阻值分别为12Ω、3Ω有.带