电力系统继电保护课程设计说明书

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1、电力系统继电保护课程设计说明书设计（计算）说明书1．归算取=100MVA＝＝设为1U线路的电抗标幺值；为11G的内电抗标幺值；为11T的内电抗标幺值；为12G的内电抗标幺值；为13G的内电抗标幺值；为12T的内电抗标幺值；为3U线路的电抗标幺值;、分别为两台主变压器的内电抗标幺值;为4S线路的电抗标幺值；为4S线路的变压器的内电抗标幺值；、分别为4S线路的两台发电机的内电抗标幺值；为线路6S的电抗标幺值;为6S线路的变压器的内电抗标幺值；、分别为6S线路的两台发电机的内电抗标幺值；为线路1S的电抗标

2、幺值；则根据归算的基本方法有：16=··=0.430=0.877=·=0.12×=0.600=·=7%×=0.350==·==0.600=·=7%×=0.175=··=0.422=0.643==·=7.5%×=1.500=··=0.412=4.354=·=8%×=2.667==·=18%×=11.520=··=0.416=5.805=·=8.5%×=1.700==·=14%×=5.600=··=0.46=2.177162．网络图的图示(1)、原网络图根据题意和图示作原网络图如下：（2）、最大运行方式

3、由题意有系统处于最大运行方式时各有源网络都投入，所以根据原网络图及各符号代表的设备画出其等值网络图如下（图中的各符号都表示对应的标幺值）：16对上图进行化简有：=+=0.600+0.350=0.950=//+=0.600/2+0.175=0.475=//++=12.781=//++=10.305得图2如下：16又由图2化简有：=//+=0.960=//=5.705如图3：:16将图3中//、//得：=//=0.461=//=0.750=（+）//=0.999如图4所示：由以上化简有：===0.315

4、=•=0.315╳=2.999（kA）(3)、最小运行方式由题意和网络图可知系统处于最小运行方式时1U和3U正常投入运行，4S和6S不投入运行，运行简图如图5。所以其网络图化简如下:对上图进行化简有：=+=0.600+0.350=160.950=//+=0.600/2+0.175=0.475得图如6下：又由图6化简有：=//+=0.96016得下图7：再将图7中//、//得：=//=0.461=//=0.750=+=1.211如图8：由以上化简有：16===0.295=•=0.295╳=2.810（

5、kA）3．电流三段整定（1）、电流Ⅰ段根据电流Ⅰ段的整定原则有：=•=1.25╳2.999=3.748（kA）校验：=（•-）=（•-0.945）=3.414╳100%=3.414/6╳100%=56.7%>（15%~20%）即满足整定要求。（2）、电流Ⅱ段根据电流Ⅱ段校验公式=得：===2.248（kA）（3）、电流Ⅲ段=•=×0.26=0.734（kA）16三、参考文献[1]陈珩.电力系统稳态分析[M].北京：中国电力出版社，2007.6.[2]李光琦.电力系统暂态分析[M].北京：中国电力出版

6、社，2007.1.[3]电力系统继电保护[M].重庆：重庆大学出版社，2003.05.16四、课程设计指导教师评审标准及成绩评定序号评审项目评审指标评价比例实际得分1工作量、工作态度工作量完成情况，论文（设计）难易程度，有体现本专业基本训练的内容；工作纪律、作风是否严谨。20%2调查论证独立查阅文献、调研情况；开题报告完成情况；综合归纳、收集和正确利用各种信息的能力。15%3实验、设计方案与实验技能实验、设计方案合理、可行；独立操作实验，数据采集、计算、处理的能力；结构设计、工艺、推导正确或程序运行

7、是否可靠。20%4分析与解决问题的能力运用所学知识和技能及获取新知识去发现与解决实际问题的能力；对课题进行理论分析的能力，得出结论情况。20%5设计（计算）说明书质量立论正确，论据充分，结论严谨合理；实验正确，分析、处理问题科学；结构格式符合论文（设计）要求；文理、技术用语正确规范；图表完成情况。20%6创新工作有创新意识；对前人工作有改进、突破，或有独特见解及应用价值情况。5%评定成绩：100%16五、课程设计心得体会通过《电力系统继电保护》课程设计，让我对这门课程有了更深入的了解。使我对电力系统

8、的保护有了更新的认识。下面是我对系统故障、保护的总结：1、电力系统的运行方式及故障危害电力系统中，为使系统安全、经济、合理运行，或者满足检修工作的要求，需要经常变更系统的运行方式，由此相应地引起了系统参数的变化。在设计变、配电站选择开关电器和确定继电保护装置整定值时，往往需要根据电力系统不同运行方式下的短路电流值来计算和校验所选用电器的稳定度和继电保护装置的灵敏度。最大运行方式，是系统在该方式下运行时，具有最小的短路阻抗值，发生短路后产生的短路电流最大的一种运行方式。