（新课标）2018年高考物理一轮复习 第三章 牛顿运动定律章末过关检测

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1、第三章牛顿运动定律章末过关检测(三)(建议用时：60分钟　满分：100分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1．(2017·宝鸡高三质检)如图所示，将质量为M的U形框架开口向下置于水平地面上，用轻弹簧1、2、3将质量为m的小球悬挂起来．框架和小球都静止时弹簧1竖直，弹簧2、3水平且长度恰好等于弹簧原长，这时框架对地面的压力大小等于(M＋m)g.现将弹簧1从最上端剪断，则在剪断后瞬间(　　)A．框架对地面的压力大小仍为(M＋m)gB．框架对地面的压力大小为0C．小球的加速度大小等于gD．小球的加速

2、度为0解析：选D.剪断弹簧1瞬间，弹簧的形变不改变，小球所受合外力为0，由牛顿第二定律可知此时小球的加速度大小为0，C项错误、D项正确；框架受重力和支持力作用，FN＝Mg，由牛顿第三定律可知，框架对地面的压力大小为Mg，A、B项错误．2．在水平道路上行驶的汽车车厢内，有一个小斜面，货箱放在斜面上，如图甲．当汽车由静止启动时，货箱静止在斜面上，传感器测绘出其v－t图象如图乙所示．设斜面对货箱的支持力为FN，摩擦力为Ff，则下列说法正确的是　(　　)A．在0～t1时间内，FN减小，Ff增大B．在0～t1时间内，FN减小，Ff减小C．在0～t1时间内，FN减小，

3、Ff可能增大D．在t1之后，斜面对货箱的作用力为零解析：选C.货箱受到三个力，如图所示，将加速度分解到沿斜面向下的方向和垂直斜面向上的方向，设斜面倾角为θ，由牛顿第二定律得FN－mgcosθ＝masinθ，mgsinθ－Ff＝macosθ.汽车启动过程中(0～t1时间内)加速度减小，所以斜面支持力FN＝m(gcosθ＋asinθ)随加速度减小而减小；静摩擦力Ff＝m(gsinθ－acosθ)，当gsinθ－acosθ＞0时，Ff的方向沿斜面向上，随加速度的减小而增大；当gsinθ－acosθ＜0，Ff的方向沿斜面向下，随加速度减小而减小；当gsinθ－ac

4、osθ＝0时，Ff＝0，随加速度减小而增大，选项A、B错误、C正确；在t1之后，汽车加速度a＝0，斜面对货箱的作用力与货箱的重力平衡，即等于货箱的重力mg，不为零，选项D错误．3．如图所示，在水平地面上有两个完全相同的滑块A、B，两滑块之间用劲度系数为k的轻质弹簧相连，在外力F1、F2的作用下运动，且F1>F2.以A、B为一个系统，当运动达到稳定时，若地面光滑，设弹簧伸长量为Δl1，系统加速度为a1；若地面粗糙，设弹簧的伸长量为Δl2，系统加速度为a2，则下列关系式正确的是(　　)A．Δl1＝Δl2，a1＝a2　　　B．Δl1>Δl2，a1>a2C．Δl1

5、＝Δl2，a1>a2D．Δl1<Δl2，a1a2，故选项C正确．4.如图所示，质量为m的小球用水平弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB

6、托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为(　　)A．0B．大小为g，方向竖直向下C．大小为g，方向垂直于木板向下D．大小为g，方向水平向右解析：选C.未撤离木板前，小球受到重力mg、弹簧拉力kx、木板支持力F，如图所示．由平衡条件得Fcosθ＝mg，即F＝.当撤离木板的瞬间，由于弹簧的弹力不能突变，但木板的支持力F立即消失，小球受重力mg和kx的合力大小等于木板撤离之前的F，方向与F的方向相反，故加速度方向为垂直于木板向下，大小为a＝＝g.所以本题正确答案为C.5．(2017·贵州六校联考)如图所示，传送带足够长，与水平面间

7、的夹角θ＝37°，并以v＝10m/s的速率逆时针匀速转动着，在传送带的A端轻轻地放一个质量为m＝1kg的小物体，若已知物体与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.5，(g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)则下列有关说法正确的是(　　)A．小物体运动1s后，受的摩擦力大小不适用公式F＝μFNB．小物体运动1s后加速度大小为2m/s2C．在放上小物体的第1s内，系统产生50J的热量D．在放上小物体的第1s内，至少给系统提供能量70J才能维持传送带匀速转动解析：选B.刚放上小物体时，小物体相对于传送带向上运动，小物体受到的摩擦力方向沿传送带斜向

8、下，大小为Ff1＝μmgcosθ，其加速度大小a1＝＝10m/s2