2019江苏高考数学二轮第21讲函数应用题---精校解析Word版

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1、高考第21讲　函数应用题　1.某生物探测器在水中逆流行进时,所消耗的能量为E=cvnT,其中v为探测器在静水中行进时的速度,T为行进的时间(单位:小时),c为常数,n为能量次级数.如果水的速度为4km/h,该生物探测器在水中逆流行进200km.(1)求T关于v的函数关系式;(2)(i)当能量次级数为2时,求该探测器消耗的最少能量;(ii)当能量次级数为3时,试确定使该探测器消耗的能量最少的v的大小.2.(2017江苏南京二十九中模拟)某商店经销一种纪念徽章,每枚徽章的成本为30元,并且每卖出一枚徽章需向相

2、关部门上缴a元(a为常数,2≤a≤5),设每枚徽章的售价为x元(35≤x≤41).根据市场调查,日销售量与ex(e为自然对数的底数)成反比例.已知当每枚徽章的售价为40元时,日销售量为10枚.(1)求该商店的日利润L(x)与每枚徽章的售价x之间的函数关系式;(2)当每枚徽章的售价为多少元时,该商店的日利润L(x)最大?并求出L(x)的最大值.3.(2018江苏丹阳中学等三校高三下学期联考(实验班))2017年6月以来,某地区多次爆发“流感”疫情,引起某种消毒液热销.该消毒液原来每瓶的成本为8元,售价为10

3、元,月销售量为6万瓶.(1)据市场调查,若售价每提高0.5元,则月销售量相应减少0.4万瓶,要使提价后月利润不低于原来的月利润,则消毒液每瓶售价最高为多少元?(2)为了提高月利润,厂家决定下月投入部分资金进行广告促销,计划每瓶的售价为x(x≥12)元,并投入345(x-12)万元作为广告费用.据市场调查,售价每瓶每提高0.5元,月销售量将相应减少1.8(x-10)2万瓶.当售价x为多少元时,下月利润最大?并求出最大利润.答案精解精析1.解析　(1)由题意得,该探测器相对于河岸的速度为200Tkm/h,又该

4、探测器相对于河岸的速度比相对于水的速度小4km/h,即v-4,所以200T=v-4,即T=200v-4km/h(v>4).(2)(i)当能量次级数为2时,由(1)知E=200c·v2v-4,v>4,E=200c·[(v-4)+4]2v-4=200c·(v-4)+16v-4+8≥200c·2(v-4)16v-4+8=3200c当且仅当v-4=16v-4即v=8时,取等号,所以该探测器消耗的最少能量为3200c.(ii)当能量次级数为3时,由(1)知E=200c·v3v-4,v>4,由E'=200c·2v2(

5、v-6)(v-4)2=0得v=6,当v<6时,E'<0;当v>6时,E'>0,所以当v=6时,Emin=21600c.2.解析　(1)设日销售量为kex枚,则ke40=10,所以k=10e40,则日销售量为10e40ex枚.每枚徽章的售价为x元时,每枚徽章的利润为(x-30-a)元,则L(x)=(x-30-a)10e40ex=10e40·x-30-aex(35≤x≤41).(2)由(1)知,L'(x)=10e40·31+a-xex(35≤x≤41),令L'(x)=0,得x=31+a.①当2≤a≤4时,33

6、≤31+a≤35,而35≤x≤41,所以L'(x)≤0,此时L(x)在[35,41]上单调递减,则当x=35时,L(x)取得最大值,最大值为10(5-a)e5.②当40,L(x)在[35,a+31]上单调递增;当x∈(a+31,41]时,L'(x)<0,L(x)在(a+31,41]上单调递减.所以当x=a+31时,L(x)取得最大值,最大值为10e9-a.综上,当2≤a≤4,每枚徽章的售价为35元时,该商店的日利润L(x)最大,L

7、(x)max=10(5-a)e5;当4

8、y=-15×4x2-190x+1536x-10,y'=-45×x2-20x+91(x-10)2=-45×(x-7)(x-13)(x-10)2.令y'=0,得x=7(舍)或x=13,则当120,当x>13时,y'<0,所以x=13时,y取最大值,此时y=17.2.答:当每瓶售价为13元时,月销售利润最大,最大利润为17.2万元.