物理课件答案

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1、1.解析：静止不动，说明Fl＝F2．产生加速度，即F2一Fl＝ma，此时作用在挂钩上的力为Fl，因此弹簧秤读数为F1．2.答案:.3.解析：PQ=Xp一Xq=[(mgsinα+fm)一(mgsinα-fm)]/k=0.14m．4.答案：C．5.答案：后，后；后，前．7.解析：整体受力分析，如图(a)，所以地面对B没有摩擦力．对A受力分析，如图(b)，可见B对A有一个静摩擦力，大小为FBA=F=1N．8.解析：因为物块对直角斜槽每一面的正压力为mgcosα.cos45°，所以当物体匀速下滑时，有平衡方程：mgsinα=2μmgcosαcos45°＝μmgcosα，所以μ=

2、．9.答案：A、C、D．10.答案：B．12.答案：A．13.答案：D．15.解析：对A受力分析，由图可知NBAsinα=F+GA，所以NBA=F/sinα+GA/sinα．可见由于压力F的作用，斜劈A对物块B作用力增加了F/sinα.16.解析：如图所示，AB为帆面，船所受的与帆面垂直的力F1是风力F的一个分力，且Fl=Fsin(θ-φ)，F1又分解至航行方向和垂直于航行方向的两个力F∥和F⊥，其中F∥驱使船前进，F⊥使船身倾斜F∥=Fsinφ=Fsin(θ-φ)sinφ．17.答案：D．18.解析：小圆环受到的摩擦力均为，，则小圆环对大圆环的摩擦力也为f，方向竖直向

3、下，所以大圆环对绳的拉力为mg＋2f．19.解析：如(a)图所示，以CB段为研究对象，，，又，，AC段受力如(b)图所示，．20.答案：A．21.答案：B．22.答案：C．24.思路点拨：可隔离A木板，对其进行受力分析，A处于平衡状态，∑FAX=0，∑FAy=0；再可隔离B木板，对其进行受力分析．B处于平衡状态，∑FBX=0，∑FBY=0．解四个方程即可求解．解析：如图(a)，A处于平衡态：μNA＋mgsinα—T=0，NA—mgoosα=0．如图(b)，B处于平衡态：2mgsinα一μNA－μNB=0，NB一2mgcosα—ＮA＇=0，解四个方程得，μ=tanα，Ｔ=

4、mgsinα．25.解析：在拉力F的作用下，两小环和绳最终平衡时如右图，CA与OA垂直，CB与OB垂直，且∠ACB、∠ACF和∠BCF都等于120０，显然，杆对小环的弹力大小都等于F，方向垂直于轨道指向轨道外侧．26.解析：△ABO为等边三角形，边长L都为R．以A、B球系统为研究对象，取O点为转轴有G1Lsinα—G2Lsin(60－α)，故tanα=α=arctan27.答案：D．28.解析：当用F竖直向上推滑筒时，受力如图，可见F1=F2=F合=F，F1∞s60°=，共有8根支撑金属条的撑杆，所以每个撑杆的作用力为，所以撑杆对金属条的作用力为．29.解析：如图(c)

5、所示，由，知．α＝30°又因，故．30.解析：(1)B．(2)由木块不发生滑动得：F∞sθ≤μ(G+Fsinθ)．即F(cosθ一μsinθ)≤μG必要使此式恒成立，定有cosθ一μsinθ≤0．所以tanθ≥，临界角的大小为arctan．31.答案：A．32.答案：A．33.答案：B．34.答案：B、D．35.考查意图：力、力矩平衡的综合应用．解析：球受力如图，其静止有T=G／cosθ，FN=Gtanθ．支架COAB受力如图，要使力F最小，则地面对CO段的支持力应为零，由力矩平衡条件得，FL+FNL=2LTsinθ．解以上三式可得F=Gtanθ．同理有GLx＋FNL＝

6、2LTsinθ．Lx=Ltanθ答案：Gtanθ；Ltanθ．36.解析：如图，设AB上的环P质量mB，AC上的环Q质量为mc，平衡时∠AQP＝δ，θ和δ都必须小于90°．(1)当mＣ＞＞　mB，即mB→0时，NP→T，θ→90°；当mＣ＜＜　mB，即mC→0时，PQ趋于水平，即θ→β．故37.解析：(1)设上面弹簧有压力，撤去钉M，小球加速度方向向上，此时下面弹簧弹力FN必向上，有：FN—mg＝ma1．撤去钉N，合力即为FN且方向向下，则FN＝ma2．由此可得：a2＝g＋a1＝22m／s2，方向向下．(2)设下面弹簧有拉力，则上面的弹簧也必为拉力，撤去钉M，小球加速度

7、方向向下，有：FN＋mg＝ma1．撤去钉N，合力即为FN且方向向上，则FN＝ma2．由此可得：a2＝a1－g＝2m／s2，方向向上．38.解析：杆OB以O为转轴，受两个力矩，重力力矩和长方体对杆支持力的力矩，由力矩平衡，所以．分析A受到OB对A压力，水平向右的静摩擦力，由共点力平衡．所以，40.解析：在同一坐标轴上画出a、b两球的速率一时间图线，注意两图线与t轴所围面积相等，且两球到达底端时速率相等．由图线得ta＜tb，所以a球先到．41.答案：A、C．D．42.答案：B、C．43.答案：6，1.5，1．45.答案：C．46.答案：0，5