北京市2017届高三化学一轮复习3.1钠及其氧化物课时练习(含解析)

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1、3-1钠及其氧化物液体慢慢右移,1.如图所示,若锥形瓶内是水,分液漏斗内的液体也是水,向烧杯内滴加水时,发现U形管内恢复到原温度后液血左边与右边基本相平,则烧杯内的物质是A.过氧化钠B-氧化钠C.D.钾【答案】B【解析】向烧杯内滴加水时,发现U形管内液体慢慢右移,恢复到原温度后液面左边与右边基本相平,这说明反应开始时放热温度升高,压强增大。但恢复到原温度后压强又恢复到原来,因此液面左边与右边基本相平。则A、过氧化钠与水反应生成氧气,压强增大,且不可能在恢复到原來的压强,A错误;B、氧化钠溶于水生成氢氧化钠,反应放热,且没有气体生成,B正确;C、钠溶于水生成蛍气,压强增大,且不可能在恢复到原来

2、的压强,C错误;D、钾洛于水生成氢气,压强增大,且不可能在恢复到原来的压强,D错误,答案选B。2.amolNa202和bmolNaHCOs固体混合后,在密闭容器屮加热到250°C,使其充分反应,当排出气体为两种气体时,a:b不可能为A.3:4B.4:5C.2:3D.3:2【答案】D【解析】过氧化钠与碳酸氢钠的混合物反应时,碳酸氢钠受热分解产生二氧化碳、碳酸钠、水蒸气,均与过氧化钠反应生成氧气和碳酸钠,当排岀气体为两种气体时,则剩余气体为水蒸气和氧气,不可能有二氧化碳,因为二氧化碳与氢氧化钠会继续反应,生成碳酸钠。因为2NaC0』=Na2COs+CO2t+出0t,2Na202+2C02=2Na

3、2C0;l+0?f,2Na202+2H.0=4NaOH+02t,产生的二氧化碳先与过氧化钠反应,剩余的水蒸气再部分与过氧化钠反应,所以剩余氧气和水蒸气,则使b/21,所以D不符合,答案选D。3.等物质的量的Na和A1两种金屈加入足量的水中,生成26.88L(标准状况下)的气体,则下列描述错误的是()A.金属A1无剩余B.c(Na)=c(A102)0.所得溶液呈碱性D.Na的物质的量是0.6mol【答案】B【解析】A、根据方程式知,当钠和铝的物质的量相等时,恰好反应生成偏铝酸钠和氢气,故A正确;B、偏铝酸根离子是弱离子能发生水

4、解反应,所以导致钠离子的物质的量大于偏铝酸根离子的物质的量,故B错误;C、钠和铝恰好反应生成偏铝酸钠,即最后所得溶液是偏铝酸钠溶液,偏铝酸钠是强碱弱酸盐溶液呈碱性,故C正确;D、设需要钠的物质的量为X.2Na+4H20+2A1=2NaA102+4H2t2mol89.6LX26.88LX二0.6mol,故D正确;故选B。1.在含有Fe'+、F尹、AltNIC的稀溶液中,加入足量的恥02固体,充分反应后,再加入过量的稀盐酸,完全反应后,离子数目儿乎没有变化的是()A.Fe3+B.A严C.NH./D.Fe2+【答案】B【解析】A、因为Na2()2是强氧化剂,而且遇水生成NaOH,于是F/氧化成F『

5、,并沉淀,再和盐酸反应生成三价铁离子,所以三价铁离子浓度增大,故A错误;B、N出02是强氧化剂,而且遇水生成NaOH,铝离子能和过量的氢氧化钠反应生成四轻基合铝酸根离子,在盐酸作用下又会生成铝离子,根据铝元素守恒,则铝离子量不变,故B正确;C、N&02是强氧化剂,而且遇水生成大量的NaOH,鞍根和氢氧化钠反应,这样NH,转化成NHs从溶液逸出,钱根离子减少,故C错谋;D、因为Na202是强氧化剂,而且遇水生成NaOH,于是F『氧化成F『,并沉淀,所以二价铁离子浓度减小,故D错误;故选B。2.常温下,将一定量的钠铝合金置于水中,合金全部溶解,得到20mLPH=14的溶液,然后用1叱1・「的盐酸

6、滴定,测得生成沉淀的质量与消耗盐酸的体积关系如图所示,则下列说法正确的是A.原合金质量为0.92gA.图中仏为60B.沉淀的质量/〃为1.56gC.莎段发生的反应为:OH+H=H20【答案】CD【解析】钠铝合金溶解在水中得到氢氧化钠和偏铝酸钠,溶液的pH二14,说明氢氧化钠的物质的量浓度为lmol/L,则氢氧化钠的物质的量为1*0.02=0.02摩尔,所以VI二0.02/1=0.02X20毫升,当盐酸的体积为40毫升时,溶液恰好为氯化钠,则说明溶液中钠离子物质的量=1*0.04=0.04摩尔,则原溶液中有0.04-0.02=0.02摩尔偏铝酸钠,即有0.04摩尔钠,0.04*23=0.92克

7、,铝有0.02摩尔,即0.02*27=0.54克,合金总质量二0.92+0.54=1.46克。A错误。反应最多生成0.02摩尔氢氧化铝沉淀,即0.02*78=1.56克,C正确。溶解0.02摩尔氢氧化铝需要0.06摩尔盐酸,所以V2=40+60二100毫升,B错误;0P段是氢氧化钠和盐酸反应,故D正确。选CD。1.一定温度下,mg下列物质在足量的氧气中充分燃烧后,产物与足量的过氧化钠完全反应,过氧化钠增质量加

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