2019高考数学二轮复习第一篇微型专题微专题04函数与导数的综合应用练习.docx

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1、04　函数与导数的综合应用1.若关于x的不等式x3-3x2-9x+2≥m对任意x∈[-2,2]恒成立,则m的取值范围是(　　).　　　　　　　　　　　　　　　　　　A.(-∞,7]B.(-∞,-20]C.(-∞,0]D.[-12,7]解析▶　令f(x)=x3-3x2-9x+2,则f'(x)=3x2-6x-9,令f'(x)=0得x=-1或x=3(舍去).∵f(-1)=7,f(-2)=0,f(2)=-20,∴f(x)的最小值为f(2)=-20,故m≤-20.答案▶　B2.已知函数f(x)=x3-3x-1,若对于区间[-3,2]上的任意x1,x2,都

2、有

3、f(x1)-f(x2)

4、≤t,则实数t的最小值是(　　).A.20B.18C.3D.0解析▶　对于区间[-3,2]上的任意x1,x2,都有

5、f(x1)-f(x2)

6、≤t,等价于在区间[-3,2]上,f(x)max-f(x)min≤t.∵f(x)=x3-3x-1,∴f'(x)=3x2-3=3(x-1)(x+1).∵x∈[-3,2],∴函数f(x)在[-3,-1],[1,2]上单调递增,在[-1,1]上单调递减,又∵f(-3)=-19,f(1)=-3,f(-1)=1,f(2)=1,∴f(x)max=f(2)=f(-1)=1,f(x)min=f(

7、-3)=-19,∴f(x)max-f(x)min=20,∴t≥20,即实数t的最小值是20.答案▶　A3.已知y=f(x)为R上的连续可导函数,且xf'(x)+f(x)>0,则函数g(x)=xf(x)+1(x>0)的零点个数为(　　).A.0B.1C.0或1D.无数个解析▶　因为g'(x)=f(x)+xf'(x)>0,所以函数g(x)在(0,+∞)上为增函数.因为g(0)>0,所以g(x)>0,故函数g(x)=xf(x)+1(x>0)的零点个数为0.答案▶　A4.做一个无盖的圆柱形水桶,若要使其体积是27πdm3,且用料最省,则圆柱的底面半径为

8、　　　　dm. 解析▶　设圆柱的底面半径为Rdm,母线长为ldm,则V=πR2l=27π,所以l=27R2,要使用料最省,只需使圆柱形水桶的表面积最小.S表=πR2+2πRl=πR2+2π·27R,所以S'表=2πR-54πR2.令S'表=0,得R=3,则当R=3时,S表最小.答案▶　3能力1▶　会利用导数研究函数的零点问题【例1】　已知函数f(x)=x2a-2lnx(a∈R,a≠0).(1)讨论函数f(x)的单调性;(2)若函数f(x)有最小值,记为g(a),关于a的方程g(a)+a-29a-1=m有三个不同的实数根,求实数m的取值范围.解析

9、▶　(1)f'(x)=2xa-2x(x>0),当a<0时,f'(x)<0,则f(x)在(0,+∞)上单调递减;当a>0时,f'(x)=2(x+a)(x-a)ax,所以f(x)在(0,a)上单调递减,在(a,+∞)上单调递增.(2)由(1)知a>0,f(x)min=f(a)=1-lna,即g(a)=1-lna,故方程g(a)+a-29a-1=m为m=a-lna-29a(a>0),令F(a)=a-lna-29a(a>0),则F'(a)=1-1a+29a2=(3a-1)(3a-2)9a2,所以F(a)在0,13和23,+∞上是单调递增的,在13,23

10、上是单调递减的,所以F(a)极大值=F13=-13+ln3,F(a)极小值=F23=13-ln2+ln3,依题意得13-ln2+ln30)在区间(0,1)和(2,+∞)上均单调递

11、增,在(1,2)上单调递减,则函数f(x)的零点个数为(　　).　　　　　　　　　　　　　　　　　　A.0B.1C.2D.3解析▶　由题意可得f'(x)=2ax+b+cx,则f'(1)=2a+b+c=0,f'(2)=4a+b+c2=0,解得b=-6a,c=4a,所以f(x)=a(x2-6x+4lnx),则极大值f(1)=-5a<0,极小值f(2)=a(4ln2-8)<0,又f(10)=a(40+4ln10)>0,结合函数图象可得该函数只有1个零点.故选B.答案▶　B2.(广西2018届高三第二次联合调研)已知函数f(x)=ln(x+a)-x(a

12、∈R),直线l:y=-23x+ln3-23是曲线y=f(x)的一条切线.(1)求a的值.(2)设函数g(x)=xex-2x-f(x-a)-a+2,证明