欢迎来到天天文库
浏览记录
ID:52877395
大小:389.09 KB
页数:19页
时间:2020-03-30
《高考数学专题一函数与导数(第1课时)课件.pptx》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、专题一函数与导数第1课时题型1函数中的数形结合思想数形结合思想通过“以形助数,以数解形”,使复杂问题简单化,抽象问题具体化,能够变抽象思维为形象思维,有助于把握数学问题的本质.它是数学的规律性与灵活性的有机结合.纵观多年来的高考试题,巧妙运用数形结合的思想方法解决一些抽象的数学问题,可起到事半功倍的效果,数形结合的重点是研究“以形助数”.x(-∞,-2)-2(-2,2)2(2,+∞)f′(x)+0-0+f(x)↗283↘4-—3↗(2)由(1),可得f′(x)=x2-4=(x-2)(x+2),令f′(x)
2、=0,得x=2或x=-2.当x变化时,f′(x),f(x)的变化情况如下表:图1-1【互动探究】(1)求函数y=f(x)的单调区间;(2)若函数y=f(x)的图象与直线y=1恰有两个交点,求a的取值范围.解:(1)f′(x)=x3+ax2-2a2x=x(x+2a)(x-a).令f′(x)=0,得x1=-2a,x2=0,x3=a.当a>0时,列表如下:x(-∞,-2a)-2a(-2a,0)0(0,a)a(a,+∞)f′(x)-0+0-0+f(x)↘极小值↗极大值↘极小值↗所以f(x)的单调递增区间为(-2a
3、,0)和(a,+∞),f(x)的单调递减区间为(-∞,-2a)和(0,a).(1)(2)图D22图1-2(2)请结合例1一起学习,例1中函数图象确定,直线y=k在动(变化);而本题中直线y=1确定,函数图象在动(变化),数形结合中蕴含运动变化的思想.题型2函数中的分类讨论思想例2:(2016年山东)设f(x)=xlnx-ax2+(2a-1)x,a∈R.(1)令g(x)=f′(x),求g(x)的单调区间;(2)已知f(x)在x=1处取得极大值,求实数a的取值范围.2.设函数f(x)=m(x+1)ex-—x2
4、-2x-1,已知曲线y=f(x)在【互动探究】12x=0处的切线l的方程为y=kx+b,且k≥b.(1)求m的取值范围;(2)当x≥-2时,f(x)≥0,求m的最大值.解:(1)f′(x)=(x+2)(mex-1).因为f(0)=m-1,f′(0)=2(m-1),所以切线l的方程为y=2(m-1)x+m-1.由2(m-1)≥m-1,得m≥1.∴m的取值范围为[1,+∞).(2)令f′(x)=0,得x1=-2,x2=-lnm.①若1≤m5、x∈(x2,+∞)时,f′(x)>0.即f(x)在(-2,x2)单调递减,在(x2,+∞)单调递增.故f(x)在[-2,+∞)的最小值为f(x2).而f(x2)=--x2·(x2+2)≥0,②若m=e2,f′(x)=e2(x+2)(ex-e-2).12故当x≥-2时,f(x)≥0.当x≥-2时,f′(x)>0,即f(x)在[-2,+∞)单调递增.故当x≥-2时,f(x)≥f(-2)=0.③若m>e2,则f(-2)=-me-2+1=-e-2(m-e2)<0.从而当x≥-2时,f(x)≥0不恒成立.故1≤m≤6、e2.综上所述,m的最大值为e2.
5、x∈(x2,+∞)时,f′(x)>0.即f(x)在(-2,x2)单调递减,在(x2,+∞)单调递增.故f(x)在[-2,+∞)的最小值为f(x2).而f(x2)=--x2·(x2+2)≥0,②若m=e2,f′(x)=e2(x+2)(ex-e-2).12故当x≥-2时,f(x)≥0.当x≥-2时,f′(x)>0,即f(x)在[-2,+∞)单调递增.故当x≥-2时,f(x)≥f(-2)=0.③若m>e2,则f(-2)=-me-2+1=-e-2(m-e2)<0.从而当x≥-2时,f(x)≥0不恒成立.故1≤m≤
6、e2.综上所述,m的最大值为e2.
此文档下载收益归作者所有