高中数学必修1课时练习及详解第1章1_3_1第二课时知能优化训练.doc

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1、1．函数f(x)＝9－ax2(a＞0)在[0,3]上的最大值为(　　)A．9　　　　　　　　　B．9(1－a)C．9－aD．9－a2解析：选A.x∈[0,3]时f(x)为减函数，f(x)max＝f(0)＝9.2．函数y＝－的值域为(　　)A．(－∞，]B．(0，]C．[，＋∞)D．[0，＋∞)解析：选B.y＝－，∴，∴x≥1.∵y＝为[1，＋∞)上的减函数，∴f(x)max＝f(1)＝且y＞0.3．函数f(x)＝x2－2ax＋a＋2在[0，a]上取得最大值3，最小值2，则实数a为(　　)A．0或

2、1B．1C．2D．以上都不对解析：选B.因为函数f(x)＝x2－2ax＋a＋2＝(x－a)2－a2＋a＋2,对称轴为x＝a，开口方向向上，所以f(x)在[0，a]上单调递减，其最大值、最小值分别在两个端点处取得，即f(x)max＝f(0)＝a＋2＝3，f(x)min＝f(a)＝－a2＋a＋2＝2.故a＝1.4．(2010年高考山东卷)已知x，y∈R＋，且满足＋＝1.则xy的最大值为________．解析：＝1－，∴0＜1－＜1,0＜x＜3.而xy＝x·4(1－)＝－(x－)2＋3.当x＝，y＝2

3、时，xy最大值为3.答案：31．函数f(x)＝x2在[0,1]上的最小值是(　　)A．1B．0C.D．不存在解析：选B.由函数f(x)＝x2在[0,1]上的图象(图略)知，f(x)＝x2在[0,1]上单调递增，故最小值为f(0)＝0.2．函数f(x)＝，则f(x)的最大值、最小值分别为(　　)A．10,6B．10,8C．8,6D．以上都不对解析：选A.f(x)在x∈[－1,2]上为增函数，f(x)max＝f(2)＝10，f(x)min＝f(－1)＝6.3．函数y＝－x2＋2x在[1,2]上的最大

4、值为(　　)A．1B．2C．－1D．不存在解析：选A.因为函数y＝－x2＋2x＝－(x－1)2＋1.对称轴为x＝1，开口向下，故在[1,2]上为单调递减函数，所以ymax＝－1＋2＝1.4．函数y＝在[2,3]上的最小值为(　　)A．2B.C.D．－解析：选B.函数y＝在[2,3]上为减函数，∴ymin＝＝.5．某公司在甲乙两地同时销售一种品牌车，利润(单位：万元)分别为L1＝－x2＋21x和L2＝2x，其中销售量(单位：辆)．若该公司在两地共销售15辆，则能获得的最大利润为(　　)A．90万元

5、B．60万元C．120万元D．120.25万元解析：选C.设公司在甲地销售x辆(0≤x≤15，x为正整数)，则在乙地销售(15－x)辆，∴公司获得利润L＝－x2＋21x＋2(15－x)＝－x2＋19x＋30.∴当x＝9或10时，L最大为120万元，故选C.6．已知函数f(x)＝－x2＋4x＋a，x∈[0,1]，若f(x)有最小值－2，则f(x)的最大值为(　　)A．－1B．0C．1D．2解析：选C.f(x)＝－(x2－4x＋4)＋a＋4＝－(x－2)2＋4＋a.∴函数f(x)图象的对称轴为x＝2

6、，∴f(x)在[0,1]上单调递增．又∵f(x)min＝－2，∴f(0)＝－2，即a＝－2.f(x)max＝f(1)＝－1＋4－2＝1.7．函数y＝2x2＋2，x∈N*的最小值是________．解析：∵x∈N*，∴x2≥1，∴y＝2x2＋2≥4，即y＝2x2＋2在x∈N*上的最小值为4，此时x＝1.答案：48．已知函数f(x)＝x2－6x＋8，x∈[1，a]，并且f(x)的最小值为f(a)，则实数a的取值范围是________．解析：由题意知f(x)在[1，a]上是单调递减的，又∵f(x)的单

7、调减区间为(－∞，3]，∴1

8、1.综上f(x)max＝1，f(x)min＝0.11．某租赁公司拥有汽车100辆，当每辆车的月租金为3000元时，可全部租出．当每辆车的月租金每增加50元时，未租出的车将会增加一辆．租出的车每辆每月需要维护费150元，未租出的车每辆每月需要维护费50元．(1)当每辆车的月租金为3600元时，能租出多少辆车？(2)当每辆车的月租金为多少元时，租赁公司的月收益最大？最大月收益是多少？解：(1)当每辆车的月租金为3600元时，未租出的车辆数为＝12.所以这时租出了88辆车．(2)设每辆车的月租金为x元