中考物理质检试卷（含解析） (8)

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中考物理质检试卷一、选择题（本大题共16小题．每小题2分，共32分）1．生活中的许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列说法正确的是（　　）A．人工湖能调节气温，利用水的比热容小B．划燃火柴，利用热传递来改变物体的内能C．尘土飞扬，说明分子在不停地做无规则运动D．夏天吃雪糕，看到雪糕周围冒“白气”是液化现象2．下列各种应用中是利用增大压强原理的是（　　）A．楼房的地基做宽些B．铁路上铺枕木C．菜刀磨得很锋利D．俯卧在冰上爬行3．如图所示的四种现象中，由于光的反射形成的是（　　）A．手影B．水面“倒影”C．水中筷子“弯折”D．雨后彩虹4．张强同学在作文中写道：“我坐在奔驰的火车里，静静靠在椅背上，欣赏着窗外的景物，只见路旁的树木急速地向后退去…”张强同学写的“奔驰”、“后退”所选用的参照物分别是（　　）A．椅背和火车B．地面和火车C．火车和地面D．都是地面5．如图所示，下列工具的使用，属于费力杠杆的是（　　）A．镊子B． 钳子C．起子D．剪子6．重3牛的小球轻放入盛有水的烧杯中，溢出2牛的水，小球所受浮力（　　）A．一定为1牛B．一定为2牛C．可能为3牛D．可能为5牛7．厦门已经成为人们夏天度假主要目的地，这不仅是厦门拥有美丽的市容市貌，而且厦门地处沿海．白天，海风拂面，带来丝丝凉意，夜间却不会很凉．而内陆城市的夏天昼夜温差比厦门大得多．对这种现象的解释，正确的是（　　）A．太阳照射内陆地区的时间较长B．海边有风而内陆地区可能没有C．太阳直射内陆地区，斜射海边D．海水的比热容比砂石的比热容大8．超声波已广泛应用于人们生活的各个领域．下列关于超声波利用中说法正确的是（　　）A．用超声波查看零件内部结构说明超声波具有能量B．用超声波除去人体内的结石说明超声波能传递信息C．用B超查看胎儿的发育情况说明超声波能传递信息D．用超声波清洗眼镜片说明超声波能传递信息9．如图所示，小松妈妈去百货大楼购物，自动扶梯把她从一楼匀速送到二楼的过程中，她的（　　）A．动能增大，势能增大，机械能增大B．动能增大，势能增大，机械能不变C．动能不变，势能增大，机械能不变D．动能不变，势能增大，机械能增大10．关于如图所示的电路，下列说法中正确的是（　　）A．断开电键S，通过L2的电流比通过L1的电流大B．断开电键S，通过L1的电流与通过L2的电流一样大C．闭合电键S，灯L1、L2都会发光 D．闭合电键S，灯L1不会发光11．如图是在一次拔河比赛中，经过激烈比拼，最终甲队获胜，关于这场拔河比赛下列说法正确的是（　　）A．甲队对乙队的拉力大于乙队对甲队的拉力B．甲队对乙队的拉力小于乙队对甲队的拉力C．甲队受到地面的摩擦力小于乙队受到地面的摩擦力D．甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力12．2014年诺贝尔物理学奖颁给了发明蓝色二极管的三位科学家，他们的这项发明实现了利用二极管呈现白光，且发光效率高．LED灯（即发光二极管）不具有的特点是（　　）A．亮度高B．能耗低C．寿命长D．发热多13．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（　　）A．灯泡L变亮B．电压表示数变大C．电流表A1示数变小D．电路消耗的总功率变大14．刷卡机广泛应用于银行、超市等．如图所示的POS刷卡机读出信息的原理是：当带有磁条的信用卡在刷卡机上刷过时，刷卡机的检测头就会产生感应电流，便可读出磁条上的信息．选项中装置的工作原理与刷卡机读取信息原理相同的是（　　）A．B．C．D．15．日常生活中，当打开或关闭电灯时，会从附近的收音机中听到“喀喀”的杂音，这杂音的产生原因是（　　）A．电路通断时发出的电磁波被收音机接收B．电路通断时收音机内元件因放电冒出火花C．通断电路的瞬间电流过大将机内元件烧坏D．收音机内有灰尘等杂物 16．如图给出了小明设计的楼梯照明电灯的四种控制电路，其中S1、S2分别为楼上和楼下的开关（都是单刀双掷开关）．要求拨动其中任一开关，都能改变电灯原来的发光或熄灭状态．在实际应用中最好的方案是（　　）A．B．C．D．　二、填空题（本大题共6小题．每小题2分，共12分）17．南美洲热带雨林中有一种鸟能抓住一根木棍打击树干发出有节奏的声音，可谓是鸟界的“打击乐高手”．这声音是由树干的　　　　　　产生的，人们听到这种“打击乐”是因为声音可以在　　　　　　中传播．18．在今年的体育中考中，小美选考排球．排球质量为0.28kg，则球所受重力为　　　　　　N；她在一次击球时，若手臂的受力面积为1.4×10﹣3m2，球对手臂的压力为球重的3倍，则球对手臂的压强是　　　　　　Pa．19．随着人民生活水平的不断提高，汽车走进了很多家庭．小汽车的发动机是汽油机，汽油机工作时，将机械能转化为内能的是　　　　　　冲程．小汽车用汽油做燃料，加油时能闻到汽油的气味，说明分子　　　　　　．20．电扇使用一段时间后，扇叶会粘上灰尘，这是因为扇叶转动过程中与空气摩擦带上了　　　　　　，能够　　　　　　．21．如图，A、B两的容器中装有同一种液体，液体中a点的压强　　　　　　b点的压强（选填“大于”、“小于”或“等于”），当a、b之间的阀门打开时，则液体将　　　　　　（选填“由A流向B”、“由B流向A”或“不流动”）．22．甲灯标有“6V　6W”，乙灯标有“6V　3W”，将甲、乙两灯串联接入电路中，为了使两灯均不损坏，则电路中允许通过的最大电流为　　　　　　A，此时　　　　　　（选填“甲”或“乙”）灯泡更亮．　三、简答题23．请用你所学的物理知识解释下列现象．（1）夏天，烈日当空．人站在树荫底下比在建筑物的阴影处凉爽．（2）未装满开水的热水瓶瓶盖容易跳起来．　四、作图题（本大题共2小题．每小题2分，共4分）24．在图中，重为4N的小球漂浮在水面上，用力的示意图画出小球所受的浮力F浮和小球所受的重力G． 25．根据小磁针静止时的指向，在图中标出螺线管的北极和电源的正极．　五、实验探究题（本大题共5小题，共28分）26．（1）如图1所示的电路，当开关S闭合后，电流表测量的是通过　　　　　　（选填“电源”、“L1”或“L2”）的电流，电流表的指针偏转如图2所示，电流表的示数为　　　　　　A．（2）用图3所示的刻度尺测量物体的长度，所测物体的长度是　　　　　　cm．如图4所示的弹簧测力计所测物重是　　　　　　N．27．小美同学在做探究光的折射特点实验，实验中发现，入射光线、折射光线和法线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线的两侧．如表是光线从空气射入水中的实验过程中得到如数据记录：入射角α0°15°30°45°60°反射角β0°15°30°45°60°折射角γ0°11°22.1°35.4°40.9°（1）在探究中，小美在清水中滴入几滴牛奶并搅匀，在水面上方的空气中熏了点烟雾，上面做法是为了　　　　　　．（2）分析表中数据可得出：①光从空气斜射到水面时，将同时发生　　　　　　和　　　　　　现象．②光从空气斜射到水面时，折射角随入射角的增大而　　　　　　，且折射角　　　　　　（选填“大于”、“等于”或“小于”）入射角．③当光从空气垂直射到水面时，折射角等于　　　　　　．28．小美在“测小车的平均速度”的实验中，设计了如图所示的实验装置：小车从带刻度的斜面顶端由静止下滑，当小车到达A、B、C三处时电子表的显示（数字分别表示“小时：分：秒”）如图所示：（1）该实验是根据公式　　　　　　进行速度计算的．（2）实验中为了方便计时，应使斜面的坡度　　　　　　（选填“较大”或“较小”），目的是减小测量时间的误差． （3）若s2的路程正好是全部路程的一半，则小车通过上半段路程的平均速度　　　　　　m/s，小车通过全过程的速度大小变化情况是　　　　　　．（选填“变大”、“不变”或“变小”）29．小美同学用天平（含砝码）和量筒测量金属块的密度的步骤是：（1）在量筒中倒入20mL水，把金属块浸没在量筒的水中，如图甲所示，则金属块的体积为　　　　　　cm3．（2）小美同学测量金属块的质量时，她把天平放在水平桌面上后（如图乙），如果此时就开始调节横梁平衡，则她测出的物体质量将比真实值　　　　　　（选填“偏大”或“偏小”）．小美发现这一问题后，应　　　　　　后再重新调节横梁平衡，然后再在左盘放上金属块，向右盘加减砝码并移动游码使天平重新平衡，如图丙所示，金属块的质量m=　　　　　　g．（3）计算金属块的密度是　　　　　　kg/m3．该实验所测密度与金属块实际的密度相比较　　　　　　．（选填“偏大”或“偏小”）30．在“测量小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为8Ω，实验器材如图甲所示．（1）在图甲中，请你用笔画线代替导线将电路连接完整（导线不得交叉）；（2）在连接电路时开关应　　　　　　，滑动变阻器的滑片应放在　　　　　　（选填“A”或“B”）端；（3）小明连接好电路后，闭合开关，移动滑片P发现电流表示数变大时，灯变亮，而电压表示数在变小，其原因可能是　　　　　　；（4）小明正确连接好电路后，某次实验中，电压表读数为l.8V，电流表示数为0.24A．要测量小灯泡的额定功率，应将滑片向　　　　　　（选填“A”或“B”）端滑动，小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　　　　　　W．（5）小明认为利用该实验还可以测出灯泡的灯丝电阻，于是他根据以上测得的两组电压和电流计算出灯丝电阻后发现两次测量的灯丝电阻相差较大，其原因是　　　　　　． 　六、计算题（本大题共3小题．共20分）31．如图甲所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，R1的“I﹣U”关系图线如图乙所示．求：（1）电源电压；（2）定值电阻R1的阻值；（3）当R2接入阻值最大时，R2消耗的功率．32．如表是一台电热饮水机铭牌数据，求：水桶容量20L热水箱容量1L额定电压220V加热功率440W保温功率40W（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？（2）饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到70℃时水吸收的热量？（3）在第（2）小题中饮水机加热耗时600s，饮水机加热效率是多少？（保留三位有效数字）33．图（甲）所示是使用汽车打捞水下重物的示意图，汽车通过定滑轮牵引水下一个圆柱形重物，在整个打捞过程中，汽车以恒定的速度v=0.2m/s向右运动．图（乙）是此过程中汽车拉动重物的功率P随时间t的变化图象，设t=0时汽车开始提升重物，不计绳重和滑轮的摩擦．求： （1）圆柱体露出水面前，汽车对圆柱体的拉力．（2）打捞前，圆柱体上表面所受水的压强？（3）圆柱体露出水面前，圆柱体受到的浮力？　 2016年福建省厦门市集美区中考物理质检试卷参考答案与试题解析　一、选择题（本大题共16小题．每小题2分，共32分）1．生活中的许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列说法正确的是（　　）A．人工湖能调节气温，利用水的比热容小B．划燃火柴，利用热传递来改变物体的内能C．尘土飞扬，说明分子在不停地做无规则运动D．夏天吃雪糕，看到雪糕周围冒“白气”是液化现象【考点】比热容解释简单的自然现象；液化及液化现象；做功改变物体内能；分子的运动．【分析】（1）水的比热容大，吸收或放出相同热量时，温度变化小；（2）改变物体内能的方法：做功、热传递；（3）扩散现象表明组成物质的分子在不停地做无规则运动；（4）“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴．【解答】解：A、人工湖能调节气温，是因为水的比热容大，故A错误；B、划燃火柴，利用做功来改变物体的内能，故B错误；C、尘土飞扬是固态小颗粒的机械运动，故C错误；D、冰糕周围冒出的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，故D正确．故选D．　2．下列各种应用中是利用增大压强原理的是（　　）A．楼房的地基做宽些B．铁路上铺枕木C．菜刀磨得很锋利D．俯卧在冰上爬行【考点】增大压强的方法及其应用．【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关．增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强．减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．【解答】解：A、楼房的地基做宽些，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；B、铁路上铺枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意；C、菜刀磨得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故C符合题意；D、俯卧在冰上爬行，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意．故选C．　3．如图所示的四种现象中，由于光的反射形成的是（　　）A． 手影B．水面“倒影”C．水中筷子“弯折”D．雨后彩虹【考点】光的反射．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．【解答】解：A、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；B、平静水面上山的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意；C、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符．D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的．故与题意不符．故选B．　4．张强同学在作文中写道：“我坐在奔驰的火车里，静静靠在椅背上，欣赏着窗外的景物，只见路旁的树木急速地向后退去…”张强同学写的“奔驰”、“后退”所选用的参照物分别是（　　）A．椅背和火车B．地面和火车C．火车和地面D．都是地面【考点】参照物及其选择．【分析】判断物体的运动状态之前，必须选择参照物．如果物体和参照物之间发生了位置的改变，则称物体是运动的．如果物体和参照物之间没有发生位置的改变，则称物体是静止的．【解答】解：奔驰的火车，火车是运动的，说明火车和参照物之间发生了位置的改变，可以选择地面为参照物．树木“后退”，则树木是运动的，说明树木和参照物之间发生了位置的改变，可以选择火车为参照物． 故选B．　5．如图所示，下列工具的使用，属于费力杠杆的是（　　）A．镊子B．钳子C．起子D．剪子【考点】杠杆的分类．【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、剪子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．故选A．　6．重3牛的小球轻放入盛有水的烧杯中，溢出2牛的水，小球所受浮力（　　）A．一定为1牛B．一定为2牛C．可能为3牛D．可能为5牛【考点】浮力大小的计算．【分析】（1）根据阿基米德定律，浸在液体中的物体受的浮力等于物体排开的液体的重力．（2）物体在液体中的浮沉条件：上浮：F浮＞G，悬浮：F浮=G，下沉：F浮＜G；如果被研究的物体的平均密度可以知道，则物体的浮沉条件可变成以下形式：①ρ物＜ρ液，上浮，②ρ物=ρ液，悬浮，③ρ物＞ρ液，下沉．【解答】解：将一个重为3N的小球，放入盛有水的烧杯中，溢出烧杯的水重为2N，有以下几种可能：①若烧杯中水是满的，溢出烧杯的水重为2N，根据阿基米德定律，浮力就是2N．②若烧杯中水是不满的，溢出烧杯的水重为2N，说明物体排开的水的重力大于2N，所以浮力大于2N． ③若小球的密度等小于水的密度，则金属球会漂浮，所以浮力等于3N；④若小球的密度等于水的密度，则金属球会悬浮，所以浮力等于3N；⑤若小球的密度大于水的密度，则金属球沉底，所以，浮力小于3N．综上分析，选项C符合题意．故选C．　7．厦门已经成为人们夏天度假主要目的地，这不仅是厦门拥有美丽的市容市貌，而且厦门地处沿海．白天，海风拂面，带来丝丝凉意，夜间却不会很凉．而内陆城市的夏天昼夜温差比厦门大得多．对这种现象的解释，正确的是（　　）A．太阳照射内陆地区的时间较长B．海边有风而内陆地区可能没有C．太阳直射内陆地区，斜射海边D．海水的比热容比砂石的比热容大【考点】比热容解释简单的自然现象．【分析】沿海地区水多，水的比热容较大，白天，相同质量的水和土壤沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区比内陆地区昼夜的温差小．【解答】解：沿海地区水多，水的比热容较大；内陆地区，地表以土壤、砂石为主，土壤砂石比热容较小．白天，相同质量的水和土壤砂石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，土壤砂石温度升高的多，所以海边升高温度较低，内陆升高温度较高；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，土壤砂石温度降低的多，所以海边降低温度较少，内陆的降低温度较多，因此海边白天海风拂面，带来丝丝凉意，夜间却不会很凉，内陆的昼夜温差巨大．故只有选项D说法正确．故选D．　8．超声波已广泛应用于人们生活的各个领域．下列关于超声波利用中说法正确的是（　　）A．用超声波查看零件内部结构说明超声波具有能量B．用超声波除去人体内的结石说明超声波能传递信息C．用B超查看胎儿的发育情况说明超声波能传递信息D．用超声波清洗眼镜片说明超声波能传递信息【考点】超声波与次声波．【分析】声音可以传递信息，也可以传递能量，根据声音的实际应用，对各个例子分别进行分析．【解答】解：A、用超声波查看零件内部结构，属于利用超声波传递信息，故A错误；B、用超声波除去人体内的结石，属于利用超声传递能量，故B错误；C、用B超查看胎儿的发育情况，属于利用超声波传递信息，故C正确；D、用超声波清洗眼镜片，属于利用超声传递能量，故D错误．故选C．　9．如图所示，小松妈妈去百货大楼购物，自动扶梯把她从一楼匀速送到二楼的过程中，她的（　　） A．动能增大，势能增大，机械能增大B．动能增大，势能增大，机械能不变C．动能不变，势能增大，机械能不变D．动能不变，势能增大，机械能增大【考点】动能和势能的大小变化；机械能．【分析】（1）影响动能大小的因素是质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大．（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）机械能是动能与势能的和．【解答】解：小松妈妈从一楼匀速送到二楼的过程中，质量和速度都没有变化，所以动能不变；但是他的位置变高了，也就是重力势能变大了，所以机械能变大了，所以选项D是正确的；故选D．　10．关于如图所示的电路，下列说法中正确的是（　　）A．断开电键S，通过L2的电流比通过L1的电流大B．断开电键S，通过L1的电流与通过L2的电流一样大C．闭合电键S，灯L1、L2都会发光D．闭合电键S，灯L1不会发光【考点】串联电路的电流规律；电路的三种状态．【分析】首先分清电路结构，明确断开电键S后，两灯的连接方式，然后根据串联电路的电流特点判断通过它们的电流关系．【解答】解：（1）由图可知，断开电键S，灯L1、L2串联，串联电路中电流处处相等，因此通过L1的电流与通过L2的电流一样大，故A错误，B正确；（2）闭合电键S，灯泡L2被短路，故灯L1会发光，L2不会发光，故CD错误．故选B．　11．如图是在一次拔河比赛中，经过激烈比拼，最终甲队获胜，关于这场拔河比赛下列说法正确的是（　　） A．甲队对乙队的拉力大于乙队对甲队的拉力B．甲队对乙队的拉力小于乙队对甲队的拉力C．甲队受到地面的摩擦力小于乙队受到地面的摩擦力D．甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力【考点】力作用的相互性．【分析】物体间力的作用是相互的，当物体甲给物体乙一个作用力时，物体乙必然同时给物体甲一个反作用力，拔河比赛中，靠的是受到地面摩擦力的大小．因为他们之间力的作用是相互的，作用力和反作用力大小相等，方向相反，同时存在同时消失．【解答】解：（1）因为物体间力的作用是相互的，对于拔河的两个队，甲对乙施加了多大拉力，乙对甲也同时产生一样大小的拉力，故AB说法不正确；（2）双方之间的拉力并不是决定胜负的因素，哪边能获胜就取决于哪边的摩擦力大，甲队获胜，甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力，故C说法不正确；D说法正确．故选D．　12．2014年诺贝尔物理学奖颁给了发明蓝色二极管的三位科学家，他们的这项发明实现了利用二极管呈现白光，且发光效率高．LED灯（即发光二极管）不具有的特点是（　　）A．亮度高B．能耗低C．寿命长D．发热多【考点】半导体的特点．【分析】发光二极管是由半导体材料制成的，可将电能转化为光能，而且二极管具有单向导电性；LED节能灯发出“健康光线”的原因是光线中不含紫外线和红外线，直流驱动，无频闪；LED灯发热小，90%的电能转化为可见光．【解答】解：蓝色发光二极管（LED）发热小，90%的电能转化为可见光，无辐射，是一种高效、环保的光源，其特点是亮度高、能耗低、寿命长，不具有的特点是发热多．故选D．　13．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（　　）A．灯泡L变亮B．电压表示数变大C．电流表A1示数变小D．电路消耗的总功率变大【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电功率的计算．【分析】根据题干所给信息结合并联电路的特点利用欧姆定律的知识，便可较为简单的得出答案．【解答】解：由图可知滑动变阻器R与灯L并联，电压表的示数显示的是电源电压，当滑片P向左移动时，电压表的示数不变，故选项B是错误的；当滑片P向左移动时，不影响灯L所在的支路的电压和电流，所以灯L的亮度不变，故选项A是错误的； 当滑片P向左移动时，灯L所在的支路电流不变，滑动变阻器所在的支路电压不变，电阻减小，电流增大，而电流表A1的示数是干路中的电流，所以A1的示数增大，故选项C是错误的；当滑片P向左移动时，电路中的总电流增大，总电压不变，由电功率公式P=UI可知电功率增大，故选项D是正确的．故选D．　14．刷卡机广泛应用于银行、超市等．如图所示的POS刷卡机读出信息的原理是：当带有磁条的信用卡在刷卡机上刷过时，刷卡机的检测头就会产生感应电流，便可读出磁条上的信息．选项中装置的工作原理与刷卡机读取信息原理相同的是（　　）A．B．C．D．【考点】电磁感应．【分析】按题意所说，刷卡机检测头利用的是电磁感应现象原理，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，在选项中找出探究电磁感应的对应图即可．【解答】解：刷卡机检测头利用的是电磁感应现象原理，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象；A、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项，故A正确；B、如图是奥斯特实验，即反映电流周围存在着磁场，故B错误；C、该实验是研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故C错误；D、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动，故D错误．故选A．　15．日常生活中，当打开或关闭电灯时，会从附近的收音机中听到“喀喀”的杂音，这杂音的产生原因是（　　）A．电路通断时发出的电磁波被收音机接收B．电路通断时收音机内元件因放电冒出火花C．通断电路的瞬间电流过大将机内元件烧坏D．收音机内有灰尘等杂物【考点】电磁波的产生．【分析】解本题需掌握电磁波产生的条件：迅速变化的电流的周围会产生电磁波．【解答】解：当开、关电灯的时候，正在工作的收音机会发出咔嚓咔嚓的声音，这是因为开、关电灯时迅速变化的电流产生的电磁波被收音机接收到的缘故．故选A． 　16．如图给出了小明设计的楼梯照明电灯的四种控制电路，其中S1、S2分别为楼上和楼下的开关（都是单刀双掷开关）．要求拨动其中任一开关，都能改变电灯原来的发光或熄灭状态．在实际应用中最好的方案是（　　）A．B．C．D．【考点】家庭电路的连接．【分析】开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后再进入灯泡，零线直接进入灯泡．单刀双掷开关的动触头（也就是单刀）一定接在火线和灯泡之间．【解答】解：A、此时电路处于断开状态，灯泡不能发光，当扳动S2时，电路还是断开状态，不能使电路闭合，灯泡不能发光．不符合题意．B、此时电路处于断开状态，灯泡不能发光，当扳动S2时，电路处于闭合状态，灯泡发光．再扳动S1时，电路又处于断开状态，灯泡不能发光．符合题意．C、此时电路处于闭合状态，灯泡发光，当扳动S2时，电路处于断开状态，灯泡不能发光．再扳动S1时，电路还处于断开状态，灯泡不能发光．不符合题意．D、此时电路处于闭合状态，灯泡发光，当扳动S2时，电路处于断开状态，灯泡不能发光．再扳动S1时，电路是短路．不符合题意．故选B．　二、填空题（本大题共6小题．每小题2分，共12分）17．南美洲热带雨林中有一种鸟能抓住一根木棍打击树干发出有节奏的声音，可谓是鸟界的“打击乐高手”．这声音是由树干的　振动　产生的，人们听到这种“打击乐”是因为声音可以在　空气　中传播．【考点】声音的产生；声音的传播条件．【分析】一切声音都是由物体振动产生的，当振动停止，发声也停止；声音传播过程中需要介质，气体、液体和固体都可以传递声音．【解答】解：鸟能抓住一根木棍击打树干发出有节奏的乐音，这乐音是由树干的振动产生的，并通过空气传入人耳朵的．故答案为：振动；空气．　18．在今年的体育中考中，小美选考排球．排球质量为0.28kg，则球所受重力为　2.8　N；她在一次击球时，若手臂的受力面积为1.4×10﹣3m2，球对手臂的压力为球重的3倍，则球对手臂的压强是　6×103　Pa．【考点】重力的计算；压强的大小及其计算．【分析】（1）已知排球的质量，根据公式G=mg可求重力．（2）求出球对手臂的压力，根据公式p=可求压强．【解答】解：（1）球所受重力：G=mg=0.28kg×10N/kg=2.8N；（2）球对手臂的压力：F=3G=3×2.8N=8.4N， 压强：p===6×103Pa．故答案为：2.8；6×103．　19．随着人民生活水平的不断提高，汽车走进了很多家庭．小汽车的发动机是汽油机，汽油机工作时，将机械能转化为内能的是　压缩　冲程．小汽车用汽油做燃料，加油时能闻到汽油的气味，说明分子　不停地做无规则运动　．【考点】能量的相互转化；分子的热运动．【分析】（1）在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转换为内能．（2）两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，说明分子不停地做无规则运动．【解答】解：（1）压缩冲程活塞向上运动，压缩燃料混合物对其做功，所以将机械能转化为内能．（2）小汽车用汽油做燃料．加油时能闻到汽油的气味，是因为汽油分子不停地做无规则运动，这是扩散现象．故答案为：压缩；不停地做无规则运动．　20．电扇使用一段时间后，扇叶会粘上灰尘，这是因为扇叶转动过程中与空气摩擦带上了　电荷　，能够　吸引轻小灰尘　．【考点】摩擦起电．【分析】不同物质组成的物体，相互摩擦带异种的电荷，摩擦带电的物体具有吸引轻小物体的性质．【解答】解：扇叶和空气摩擦，扇叶和空气带有异种电荷，扇叶带电后吸引轻小的灰尘，所以灰尘被吸在扇叶上．故答案为：电荷；吸引轻小灰尘．　21．如图，A、B两的容器中装有同一种液体，液体中a点的压强　小于　b点的压强（选填“大于”、“小于”或“等于”），当a、b之间的阀门打开时，则液体将　不流动　（选填“由A流向B”、“由B流向A”或“不流动”）．【考点】压强大小比较．【分析】（1）比较两种液体的密度和a、b两点所处的深度，利用p=ρgh判断两点的压强大小；（2）上端开口，下部通过阀门相连，属于连通器；连通器的特点：连通器内装同种液体，当液体静止时，液面总是相平的．【解答】解：（1）由图可知，a点的深度小于b点的深度，A、B两的容器中装有同一种液体，则液体密度相等，故根据p=ρgh可知，液体中a点的压强小于b点的压强；（2）如图，当阀门打开时，A和B的上端开口底部连通，构成了连通器． 由于容器中装同一种液体水，并且液面相平，因此打开阀门后，液面仍保持相平，故液体不会流动．故答案为：小于；不流动．　22．甲灯标有“6V　6W”，乙灯标有“6V　3W”，将甲、乙两灯串联接入电路中，为了使两灯均不损坏，则电路中允许通过的最大电流为　0.5　A，此时　乙　（选填“甲”或“乙”）灯泡更亮．【考点】电功率与电压、电流的关系；实际功率．【分析】①已知两灯的额定电压和额定功率，根据公式I=可求灯泡的额定电流，因为串联电流相等，为防止烧坏灯泡，所以电路电流为较小的额定电流；②已知两灯的额定电压和额定功率，根据公式R=可求灯泡的电阻，灯泡亮度决定于灯泡的实际功率，根据公式P=I2R可比较灯泡的发光亮度．【解答】解：①由P=UI可得，两灯正常发光时的额定电流为I甲===1A，I乙===0.5A，所以电路允许通过的最大电流为I=I乙=0.5A，②由P=UI，I=，可得P=，则两灯的电阻分别为R甲===6Ω，R乙===12Ω，在串联电路中，各处电流相等，因为甲灯电阻较小，由公式P=I2R可知，功率较小．所以乙灯更亮．故答案为：0.5；乙．　三、简答题23．请用你所学的物理知识解释下列现象．（1）夏天，烈日当空．人站在树荫底下比在建筑物的阴影处凉爽．（2）未装满开水的热水瓶瓶盖容易跳起来．【考点】蒸发及其现象；气体压强跟体积的关系．【分析】（1）液体蒸发具有致冷作用；（2）瓶内热水蒸发产生大量水蒸气，水蒸气膨胀对瓶塞做功，内能转化为机械能．【解答】答：（1）因为在阳光照射下树叶中的水蒸发吸热，带走树荫底下的热量，所以树荫底下会显得凉爽；（2）未装满的热水瓶上部分水蒸气增多（受热鼓胀）使热水瓶空腔内的内能增加，对热水瓶瓶盖做功，把瓶盖顶起来，内能转化为机械能．　四、作图题（本大题共2小题．每小题2分，共4分） 24．在图中，重为4N的小球漂浮在水面上，用力的示意图画出小球所受的浮力F浮和小球所受的重力G．【考点】力的示意图．【分析】物体漂浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，过重心表示出重力和浮力的大小和方向．【解答】解：小球漂浮，则F浮=G=4N，过重心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，其大小都为4N，作图时应注意两条线段长度要相等．如图所示：　25．根据小磁针静止时的指向，在图中标出螺线管的北极和电源的正极．【考点】通电螺线管的磁场．【分析】由小磁针的N极指向可知小磁针所在位置的磁感线方向，则由磁感线的特点可知螺线管的磁极，则由右手螺旋定则可得出电流方向及电源的正负极．【解答】解：小磁针N极向右，则所在处磁感线向右，因电磁铁的外部磁感线由N极指向S极，故说明左侧为S极，右侧为N极；由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，则电源右侧为正极．答案如图所示：　五、实验探究题（本大题共5小题，共28分）26．（1）如图1所示的电路，当开关S闭合后，电流表测量的是通过　L2　（选填“电源”、“L1”或“L2”）的电流，电流表的指针偏转如图2所示，电流表的示数为　0.28　A．（2）用图3所示的刻度尺测量物体的长度，所测物体的长度是　3.00　cm．如图4所示的弹簧测力计所测物重是　1.6　N． 【考点】电流表的读数方法；长度的测量；弹簧测力计的使用与读数．【分析】（1）由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，根据电流表的量程，再确定分度值，根据电流表指针的位置，读出示数．（2）刻度尺的分度值是相邻刻线间的最小刻度；刻度尺读数时要注意它的分度值、物体与刻度尺对齐的位置，要估读到分度值的下一位．（3）弹簧测力计读数也应注意分度值，刻线上的示数是自上而下依次增大．【解答】解：（1）由电路图可知，两灯泡并联，电流表与灯泡L2串联，所以电流表测量L2支路的电流，由图可知：电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A．（2）图中刻度尺的分度值是：1mm；物体的长度是：6.50cm﹣3.50cm=3.00cm；（2）弹簧测力计的分度值是：0.2N，示数是：1.6N；故答案为：（1）L2；0.28；（2）3.00；1.6．　27．小美同学在做探究光的折射特点实验，实验中发现，入射光线、折射光线和法线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线的两侧．如表是光线从空气射入水中的实验过程中得到如数据记录：入射角α0°15°30°45°60°反射角β0°15°30°45°60°折射角γ0°11°22.1°35.4°40.9°（1）在探究中，小美在清水中滴入几滴牛奶并搅匀，在水面上方的空气中熏了点烟雾，上面做法是为了　显示光路　．（2）分析表中数据可得出：①光从空气斜射到水面时，将同时发生　反射　和　折射　现象．②光从空气斜射到水面时，折射角随入射角的增大而　增大　，且折射角　小于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）入射角．③当光从空气垂直射到水面时，折射角等于　0°　．【考点】光学实验设计与探究．【分析】（1）为了使水更好地反射光线，便于观察的角度进行分析；（2）①光从空气斜射到水面时，将同时发生反射和折射现象；②光从空气斜射入水或其他介质中时，折射角小于入射角，折射角随入射角的改变而改变．③当光垂直入射时，折射角等于零度．【解答】解：（1）在清水中滴入几滴牛奶并搅匀，并在水面上方的空气中熏了点烟雾，牛奶和烟雾可以反射光，此做法是为了更好的显示光路；（2）①光从空气斜射到水面时，将同时发生反射和折射现象； ②由表中数据可知，光从空气斜射到水面时，当入射角不断增大时，折射角也随之增大，故折射角随入射角的变化关系是：折射角随入射角的增大而增大，且折射角小于入射角．③当光从空气垂直射到水面时，入射光线、折射光线和法线重合，所以折射角等于零度．故答案为：（1）显示光路．（2）①反射；折射．②增大；小于．③0°．　28．小美在“测小车的平均速度”的实验中，设计了如图所示的实验装置：小车从带刻度的斜面顶端由静止下滑，当小车到达A、B、C三处时电子表的显示（数字分别表示“小时：分：秒”）如图所示：（1）该实验是根据公式　v=　进行速度计算的．（2）实验中为了方便计时，应使斜面的坡度　较小　（选填“较大”或“较小”），目的是减小测量时间的误差．（3）若s2的路程正好是全部路程的一半，则小车通过上半段路程的平均速度　0.2　m/s，小车通过全过程的速度大小变化情况是　变大　．（选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】变速运动与平均速度．【分析】（1）测平均速度利用了速度的计算公式v=；（2）斜面坡度越小，小车速度变化越慢，小车运动时间越长，越方便时间的测量；（3）由图读出小车通过的路程和对应的时间，由公式v=计算出小车前半程和后半程的平均速度，比较可得小车通过全过程的速度大小变化情况．【解答】解：（1）在该实验中，是根据公式v=来计算平均速度的；（2）实验中为了方便计时，减小测量时间的误差，应使斜面的坡度较小；（3）由图知，小车通过s2的路程用的时间t2=3s，s2=s1=×1.2m=0.6m，小车通过下半程，即s2的路程用的时间t3=2s，s3=s1=×1.2m=0.6m，上半程的速度：vAB===0.2m/s；下半程的速度：vBC===0.3m/s；计算可知，vBC＞vAB，所以，小车通过全过程的速度大小变化情况是变大． 故答案为：（1）v=；（2）较小；（3）0.2；变大．　29．小美同学用天平（含砝码）和量筒测量金属块的密度的步骤是：（1）在量筒中倒入20mL水，把金属块浸没在量筒的水中，如图甲所示，则金属块的体积为　20　cm3．（2）小美同学测量金属块的质量时，她把天平放在水平桌面上后（如图乙），如果此时就开始调节横梁平衡，则她测出的物体质量将比真实值　偏大　（选填“偏大”或“偏小”）．小美发现这一问题后，应　先将游码归零　后再重新调节横梁平衡，然后再在左盘放上金属块，向右盘加减砝码并移动游码使天平重新平衡，如图丙所示，金属块的质量m=　157.8　g．（3）计算金属块的密度是　7.89×103　kg/m3．该实验所测密度与金属块实际的密度相比较　偏大　．（选填“偏大”或“偏小”）【考点】固体的密度测量实验．【分析】（1）利用排水法测量金属块的体积；（2）天平使用前的调节要做到放、拨、调，拨是指将游码拨到零刻度线；金属块的质量=砝码质量+游码对应的刻度值；（3）利用密度公式求出金属块的密度；当将金属块取出时，金属片上会沾有水，使金属块的质量测量值偏大，进而得出密度的大小变化．【解答】解：（1）由图甲可知，量筒中金属块和水的总体积V2=40mL，而水的体积V1=20mL，金属块的体积：V=40mL﹣20mL=20mL=20cm3；（2）由图乙可知，在天平使用前的调节过程中，在调节平衡螺母前没有将游码归零，这样调节完再读数，游码已经显示0.2g，测量值将偏大；正确的操作是先将游码归零后再重新调节横梁平衡；由图丙知，标尺的分度值为0.2g，金属块的质量为m=100g+50g+5g+2.8g=157.8g；（3）金属块的密度：ρ===7.89g/cm3=7.89×103kg/m3；（3）本题实验先测量金属块的体积后测质量，当金属块拿出时，上面沾有水，使金属块的质量测量值偏大，由ρ=知，密度的测量值偏大．故答案为：（1）20．（2）偏大；先将游码归零；157.8（3）7.89×103；偏大．　30．在“测量小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为8Ω，实验器材如图甲所示． （1）在图甲中，请你用笔画线代替导线将电路连接完整（导线不得交叉）；（2）在连接电路时开关应　断开　，滑动变阻器的滑片应放在　B　（选填“A”或“B”）端；（3）小明连接好电路后，闭合开关，移动滑片P发现电流表示数变大时，灯变亮，而电压表示数在变小，其原因可能是　电压表测滑动变阻器两端电压　；（4）小明正确连接好电路后，某次实验中，电压表读数为l.8V，电流表示数为0.24A．要测量小灯泡的额定功率，应将滑片向　A　（选填“A”或“B”）端滑动，小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　0.75　W．（5）小明认为利用该实验还可以测出灯泡的灯丝电阻，于是他根据以上测得的两组电压和电流计算出灯丝电阻后发现两次测量的灯丝电阻相差较大，其原因是　灯丝电阻随温度的升高而增大　．【考点】探究用电器的电功率实验．【分析】（1）根据灯泡正常发光时的电流确定电流表量程，滑动变阻器、电流表、灯泡、开关串联接入电路，连线时注意电流表正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法．（2）连接电路时开关要断开，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值．（3）实验中，灯泡与滑动变阻器串联，移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入电路阻值减小时，电路电流变大，灯泡电压变大，滑动变阻器电压变小，据此判断原因．（4）电压表示数小于灯泡额定电压，要使灯泡正常发光，应减小滑动变阻器接入电路的电阻，使灯泡两端电压变大，知道灯泡电压等于额定电压为止，根据滑动变阻器的接法判断滑片的移动方向；根据图乙所示电流表确定电流表的量程与分度值，读出电流表示数，由公式P=UI求出灯泡的额定功率．（5）灯泡电阻随温度的升高而增大，灯泡电阻不是定值．【解答】解：（1）灯泡正常发光时电流约为I==≈0.31A，电流表选0～0.6A量程，滑动变阻器、电流表、灯泡、开关串联接入电路，电路图如图所示；故答案为：电路图如图所示．（2）连接电路时开关应断开，由电路图知，滑动变阻器的滑片应放在B端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大．故答案为：断开；B．（3）灯泡与滑动变阻器串联，移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入电路阻值减小时，电路电流变大，灯泡电压变大，滑动变阻器电压变小，而电压表示数减小，说明电压表与滑动变阻器并联，测滑动变阻器两端电压．故答案为：电压表测滑动变阻器两端电压． （4）电压表读数为l.8V小于灯泡额定电压2.5V，要使灯泡正常发光，由电路图知，应向A端移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值减小，分压减小，使灯泡电压增大，直到电压表示数等于灯泡额定电压为止；由图乙可知，电流表量程是0～0.6A，分度值是0.02A，电流表示数是0.3A，灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．故答案为：A；0.75．（5）由于灯泡灯丝电阻随灯泡温度的升高而增大，灯丝电阻不是一个定值，所以根据两组电压和电流计算出的灯丝电阻，相差较大．故答案为：灯丝电阻随温度的升高而增大．　六、计算题（本大题共3小题．共20分）31．如图甲所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，R1的“I﹣U”关系图线如图乙所示．求：（1）电源电压；（2）定值电阻R1的阻值；（3）当R2接入阻值最大时，R2消耗的功率．【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】（1）根据图乙可知电压和电流值没有为零的坐标，据此判断乙图为R1的“I﹣U”图象，当滑片位于左端时，电路为R1的简单电路，R1两端的电压即为电源的电压；（2）读出当滑片位于左端时电路中的最大电流和电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；（3）当滑片在最右端时，R1与R2串联，此时电路中的电流最小，R1两端的电压最小，根据串联电路的电压特点求出R2两端电压，根据P=UI可得R2消耗的功率．【解答】解：（1）由图象可知，电压和电流值没有为零的坐标，故乙图为R1的“I﹣U”图象，当滑片P在最左端时，R1两端的电压即为电源的电压U=6V；（2）当滑片P在最左端时，电路中的电流最大，由图象可知，电路中的最大电流I=0.6A，由I=可得，定值电阻R1的阻值：R1===10Ω；（3）当滑片在最右端时，R1与R2串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小， 由图可知，电路中的电流I′=0.2A，R1两端的电压U1=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压：U2=U﹣U1=6V﹣2V=4V，R2消耗的功率：P2=U2I′=4V×0.2A=0.8W．答：（1）电源电压为6V；（2）定值电阻R1的阻值为10Ω；（3）当R2接入阻值最大时，R2消耗的功率为0.8W．　32．如表是一台电热饮水机铭牌数据，求：水桶容量20L热水箱容量1L额定电压220V加热功率440W保温功率40W（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？（2）饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到70℃时水吸收的热量？（3）在第（2）小题中饮水机加热耗时600s，饮水机加热效率是多少？（保留三位有效数字）【考点】电功率与电压、电流的关系；电功与热量的综合计算．【分析】（1）饮水机正常工作时，实际功率和加热功率相等，根据P=UI求出电路中的电流；（2）先求出水的质量，再根据公式Q吸=cm（t2﹣t1）求出水吸收的热量；（3）根据W=Pt求出电流做的功，最后代入效率公式η=×100%，即可求解．【解答】解：（1）由P=UI，可得，饮水机正常工作时电路中的电流为I===2A；（2）由ρ=，可得水的质量为m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3=1kg；水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×50℃=2.1×105J；（3）由P=，可得，饮水机消耗的电能W总=W电=Pt=440W×600s=2.64×105J．W有=Q=2.1×105J，则η=×100%=×100%≈79.5%．答：（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是2A；（2）将热水箱中的水从20℃加热到70℃时水吸收的热量2.1×105J；（3）在第（2）小题中饮水机加热耗时600s，饮水机加热效率是79.5%．　 33．图（甲）所示是使用汽车打捞水下重物的示意图，汽车通过定滑轮牵引水下一个圆柱形重物，在整个打捞过程中，汽车以恒定的速度v=0.2m/s向右运动．图（乙）是此过程中汽车拉动重物的功率P随时间t的变化图象，设t=0时汽车开始提升重物，不计绳重和滑轮的摩擦．求：（1）圆柱体露出水面前，汽车对圆柱体的拉力．（2）打捞前，圆柱体上表面所受水的压强？（3）圆柱体露出水面前，圆柱体受到的浮力？【考点】功率计算公式的应用；液体的压强的计算；浮力大小的计算．【分析】（1）根据P===Fv的变形公式求出汽车在AB阶段对重物的拉力；（2）先根据图乙读出时间，然后利用速度的变形公式求出上升的高度，再利用液体压强公式求出圆柱体上表面所受水的压强；（3）【解答】解：（1）由P===Fv可得，汽车在AB阶段对重物的拉力：F1===3500N．（2）由图乙AB阶段可知，物体从水底上升到上表面刚好接触水面用时50s，由v=可知，上升高度为：s=vt=0.2m/s×50s=10m，因此圆柱体上表面的水深为h=s=10m故圆柱体上表面所受水的压强：p圆柱=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10m=105pa；（3）由P===Fv可知，汽车在CD阶段对重物的拉力为：F2===4000N，则圆柱体受到的重力G=F2=4000N；此时物体受到的浮力为：F浮=G﹣F2=4000N﹣3500N=500N．答：（1）圆柱体露出水面前，汽车对圆柱体的拉力为3500N．（2）打捞前，圆柱体上表面所受水的压强为105pa；（3）圆柱体露出水面前，圆柱体受到的浮力为500N．