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时间:2019-01-05
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1、重庆2012年中考一道几何综合题多解研究 2题目:已知,如图,在菱形ABCD中,F为边BC的中点,DF与对角线AC交于点M,过点M作ME⊥CD于点E,∠1=∠2. (1)若CE=1,求BC的长; (2)求证:AM=DF+ME. 解析:本题以菱形ABCD为基础图形,把直角三角形、等腰三角形有机地组合在该图形上,考查学生对菱形性质、等腰三角形的判定与性质和直角三角形的性质的综合运用. 此题的第一问求BC的长,有三条思路:其一,先求出ED,再求出CD=BC;其二,先求出CE=CF,再求得BC;其三,
2、利用CE所在的直角三角形BEC,求得BC. 此题的第二问证明AM=DF+ME,证明线段和差问题,显然,用接长法或截短法证之,不管用哪种方法都必须添加辅助线,即可以在两条短线段上的两端接长,又可以在长线段上的两端向内分别截短.由此可见:此题突出的是考查学生添加辅助线的能力.这里应指出的是:∠1=∠2可以去掉,命题仍然成立,只不过给证明增加了难度,还需要添加辅助线.下面就分别研究两问的多种解证方法. 1.求BC的长 图1解法1:如图1,连结BM,延长DF交AB的延长线于G,过点A作AH⊥CD的延长线于
3、H.6 因为∠BEH=∠EHA=∠HAB=90°. 所以四边形ABEH是矩形, 因为过直线外一点只能作一条直线与已知直线平行, 所以B、M、E三点共线, 因为DC∥AG,所以△DME∽△GMB,△CME∽△AMB, 所以CE1AB=EM1MB、ED1BG=EM1MB,所以CE1AB=DE1BG, 易证△CFD≌△BFG,所以CD=BG=AB, 所以CE=ED=1,所以CD=CE+DE=1+1=2. 所以BC=CD=2. 图2解法2:如图2,连结BD交AC于O.连结BM并延长BE与AD
4、延长线相交于N,过点A作AH⊥CD的延长线于H. 因为CB∥NA,所以△CMF∽△AMD,△BMF∽△NMD,所以CF1AD=FM1MD,BF1ND=FM1MD,所以CF1AD=BF1ND,因为CF=BF,所以AD=ND,又因为∠ADH=∠NDE,∠AHD=∠NED.所以△AHD≌△NED,所以DH=ED,由解1知B、M、E三点共线,AH=BE,∠AHD=∠BED=90°, 所以△AHD≌△BED,所以AD=BD=AB. 所以△ABD是等边三角形,所以∠BAD=60°, 所以∠ACD=∠BAC=
5、30°,易证△BFD≌△CFD, 因为∠BCD=60°,所以∠CDF=30°,所以∠MCD=∠MDC, 所以△MCD是等腰三角形,因为ME⊥CD, 所以CE=ED=1,所以BC=CD=2. 解法3:如图2,由解法2知△BCD是等边三角形,因为DF是△6DBC底边BC的中线.所以MF⊥BC.又ME⊥CD,且AC是∠BCD的平分线,所以MF=ME,∠FCM=∠ECM,∠CFM=∠CEM,所以△CFM≌△CEM,所以CF=CE=1,所以BC=2CF=2. 解法4:如图2,由解法1知B、M、E三点共线
6、.由解法2知△BCD是等边三角形. 因为BE⊥CD,所以△BEC是直角三角形, 因为∠BCE=60°,所以∠CBE=30°,所以CE=112BC, 因为CE=1,所以1=112BC,所以BC=2. 解法5:如图2,由解法4知△BEC是直角三角形, 由法2知∠BCE=∠BAD=60°, 所以在Rt△BEC中,CE1BC=cos∠BCE=cos60°=112, 所以11BC=112,所以BC=2. 2.证明AM=DF+ME 图3证法1:如图3,连结BM,延长DF与AB的延长线相交于点G.
7、 由解1知B、M、E三点共线.所以BE⊥CD,易证△CFD≌△BFG,所以CD=BG=AB,所以BE是AG的中垂线,所以MA=MG. 因为MG=FG+MF,FG=DF,由解法3知MF=ME,所以AM=DF+ME. 证法2:如图3,由解2知∠MCD=∠MDC, 因为CD∥AG,所以∠ACD=∠CAG,∠MDC=∠DGA, 所以∠MAG=∠MGA,所以AM=GM. 以下证法同证法1.6 图4证法3:如图4,延长FD与垂直AB的线段AK相交于K,CD的延长线交AK于H. 在Rt△MED中,由解法
8、2知∠MDE=30°, 所以∠DME=60°,因为ME∥AK, 所以∠HKD=∠DME=60°,因为KA⊥AB, 所以∠BAK=90°,所以∠DAK=90°-∠BAD=90°-60°=30°, 又因为∠MAD=112∠BAD=30°, 所以∠MAK=∠MAD+∠DAK=60°. 所以∠MAK=∠MKA=60°,所以∠AMK=60°, 所以△MAK是等边三角形,所以AM=AK. 因为∠CDF=∠DAH=30°,∠DCF=∠AD
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