2019-2020年高考数学大一轮复习 数列解答题规范专练（三）理（含解析）

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1、2019-2020年高考数学大一轮复习数列解答题规范专练（三）理（含解析）1．(xx·石家庄一模)已知{an}是各项均为正数的等比数列，且a1·a2＝2，a3·a4＝32.(1)求数列{an}的通项公式；(2)设数列{bn}满足＋＋＋…＋＝an＋1－1(n∈N*)，求数列{bn}的前n项和．2．(xx·青岛二模)若数列{bn}对于任意的n∈N*，都有bn＋2－bn＝d(常数)，则称数列{bn}是公差为d的准等差数列．如数列cn，若cn＝则数列{cn}是公差为8的准等差数列．设数列{an}满足a1＝a，对于n∈N*，都有a

2、n＋an＋1＝2n.(1)求证：{an}是准等差数列；(2)求{an}的通项公式及前20项和S20.3．(xx·天津红桥模拟)已知数列{an}的前n项和为Sn，且Sn＝n2＋n(n∈N*)．(1)求数列{an}的通项公式；(2)设cn＝，数列{cn}的前n项和为Tn，求使不等式Tn＞对一切n∈N*都成立的最大正整数k的值；(3)设f(n)＝是否存在m∈N*，使得f(m＋15)＝5f(m)成立？若存在，求出m的值；若不存在，请说明理由．答案1．解：(1)设等比数列{an}的公比为q，由已知得又∵a1＞0，q＞0，∴∴an＝

3、2n－1.(2)由题意可得＋＋＋…＋＝2n－1，∴2n－1－1＋＝2n－1(n≥2)，＝2n－1，∴bn＝(2n－1)·2n－1(n≥2)，当n＝1时，b1＝1，符合上式，∴bn＝(2n－1)·2n－1(n∈N*)．设数列{bn}的前n项和为Tn＝1＋3×21＋5×22＋…＋(2n－1)·2n－1，则2Tn＝1×2＋3×22＋5×23＋…＋(2n－3)·2n－1＋(2n－1)·2n，两式相减得－Tn＝1＋2(2＋22＋…＋2n－1)－(2n－1)·2n＝－(2n－3)·2n－3，∴Tn＝(2n－3)·2n＋3.2．解：(

4、1)证明：∵an＋an＋1＝2n(n∈N*)①，∴an＋1＋an＋2＝2(n＋1)②，②－①，得an＋2－an＝2(n∈N*)．∴{an}是公差为2的准等差数列．(2)由已知a1＝a，an＋an＋1＝2n(n∈N*)，∴a1＋a2＝2×1，即a2＝2－a.由(1)得a1，a3，a5，…是以a为首项，2为公差的等差数列．a2，a4，a6，…是以2－a为首项，2为公差的等差数列．当n为偶数时，an＝2－a＋×2＝n－a；当n为奇数时，an＝a＋×2＝n＋a－1.∴an＝S20＝a1＋a2＋a3＋a4＋…＋a19＋a20＝(a

5、1＋a2)＋(a3＋a4)＋…＋(a19＋a20)＝2×1＋2×3＋…＋2×19＝2×＝200.3．解：(1)当n＝1时，a1＝S1＝6，当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝－＝n＋5.而当n＝1时，n＋5＝6，∴an＝n＋5(n∈N*)．(2)cn＝＝＝，∴Tn＝c1＋c2＋…＋cn＝＝.∵Tn＋1－Tn＝－＝＞0，∴Tn单调递增，故(Tn)min＝T1＝.令＞，得k＜671，所以kmax＝671.(3)f(n)＝当m为奇数时，m＋15为偶数，由f(m＋15)＝5f(m)得3m＋47＝5m＋25，解得m＝11.当m为偶数

6、时，m＋15为奇数，由f(m＋15)＝5f(m)，得m＋20＝15m＋10，解得m＝∉N*(舍去)．综上，存在唯一正整数m＝11，使得f(m＋15)＝5f(m)成立．