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时间:2019-11-16
《2018-2019学年高中数学 第二讲 证明不等式的基本方法 一 比较法练习 新人教A版选修4-5》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、一比较法, [学生用书P27])[A 基础达标]1.a2+b2与2a+2b-2的大小关系是( )A.a2+b2>2a+2b-2B.a2+b2<2a+2b-2C.a2+b2≤2a+2b-2D.a2+b2≥2a+2b-2解析:选D.因为a2+b2-2a-2b+2=(a-1)2+(b-1)2≥0,所以a2+b2≥2a+2b-2.2.设00,所
2、以b2>a2,又a>0,b>0,所以b>a.因为c-b=-(1+x)==.由00,x2>0,所以c-b>0即c>b.3.若q>0且q≠1,m,n∈N+,则1+qm+n与qm+qn的大小关系是( )A.1+qm+n>qm+qnB.1+qm+n1时,qn>1,qm>1,所以(qn-1)(qm-1)>0,所以1+q
3、m+n>qm+qn.故选A.4.下列四个数中最大的是( )A.lg2B.lgC.(lg2)2D.lg(lg2)解析:选A.因为00,所以lg2>lg.又因为=lg2<1,lg(lg2)<0,所以lg2最大.5.若a,b∈R+,且a≠b,M=+,N=+,则M与N的大小关系是( )A.M>NB.M0,a≠b,=>=1,所以M>N.6.设P=a2b2+5,Q=2ab-a2-4a,若P>Q,则实数a,b满足的条件为________.
4、解析:P-Q=(a2b2+5)-(2ab-a2-4a)=a2b2+5-2ab+a2+4a=(ab-1)2+(a+2)2,所以,若P>Q,则实数a,b满足的条件为ab≠1且a≠-2.答案:ab≠1且a≠-27.若a>0,b>0,则+________a+b.(用不等号连接)解析:(+)-(a+b)=-(a+b)===,因为a>0,b>0,所以a+b>0,ab>0,(a-b)2≥0,所以(+)-(a+b)≥0,所以+≥a+b.答案:≥8.设x>0,y>0,x≠y,A=(x3+y3),B=(x2+y2),则A,B的大小关系是__
5、______.解析:A6-B6=(x3+y3)2-(x2+y2)3=2x3y3-3x2y2(x2+y2)=x2y2[2xy-x2-y2-2(x2+y2)]=x2y2[-(x-y)2-2(x2+y2)]<0,所以A60,B>0,所以A0,b>0),试比较A,B的大小.解:因为==×=≥=1(当且仅当a=b时,等号成立).又因为B>0,所以A≥B.10.设a>0,a≠1,06、loga(1-x)7、>8、loga(1+x)9、.证明:=10、11、=12、log(1+x)(13、1-x)14、,因为01,0<1-x<1,所以log(1+x)(1-x)<0,所以15、log(1+x)(1-x)16、=-log(1+x)(1-x)=log(1+x)>log(1+x)(1+x)=1,所以17、loga(1-x)18、>19、loga(1+x)20、.[B 能力提升]1.已知f(x)=2x2+1,p,q>0,p+q=1,对任意实数a,b,则pf(a)+qf(b)与f(pa+qb)的大小关系是( )A.pf(a)+qf(b)>f(pa+qb)B.pf(a)+qf(b)21、)≥f(pa+qb)D.pf(a)+qf(b)≤f(pa+qb)解析:选C.pf(a)+qf(b)-f(pa+qb)=p(2a2+1)+q(2b2+1)-[2(pa+qb)2+1]=2p(1-p)a2+2q(1-q)b2-4pqab+p+q-1(*),因为p+q=1,p,q>0.所以(*)式=2pqa2+2pqb2-4pqab=2pq(a-b)2,因为p,q>0,(a-b)2≥0,所以(*)式≥0,所以pf(a)+qf(b)≥f(pa+qb).2.若x+y+z=1,且x,y,z∈R,则x2+y2+z2与的大小关系为___22、_____.解析:x2+y2+z2-=(3x2+3y2+3z2-1)=[3x2+3y2+3z2-(x+y+z)2]=[(x-y)2+(y-z)2+(z-x)2]≥0,即x2+y2+z2≥.答案:x2+y2+z2≥3.设直角三角形的斜边长为c,两直角边长分别为a,b,试比较c3与a3+b3的大小.解:因为c是直角三角形
6、loga(1-x)
7、>
8、loga(1+x)
9、.证明:=
10、
11、=
12、log(1+x)(
13、1-x)
14、,因为01,0<1-x<1,所以log(1+x)(1-x)<0,所以
15、log(1+x)(1-x)
16、=-log(1+x)(1-x)=log(1+x)>log(1+x)(1+x)=1,所以
17、loga(1-x)
18、>
19、loga(1+x)
20、.[B 能力提升]1.已知f(x)=2x2+1,p,q>0,p+q=1,对任意实数a,b,则pf(a)+qf(b)与f(pa+qb)的大小关系是( )A.pf(a)+qf(b)>f(pa+qb)B.pf(a)+qf(b)21、)≥f(pa+qb)D.pf(a)+qf(b)≤f(pa+qb)解析:选C.pf(a)+qf(b)-f(pa+qb)=p(2a2+1)+q(2b2+1)-[2(pa+qb)2+1]=2p(1-p)a2+2q(1-q)b2-4pqab+p+q-1(*),因为p+q=1,p,q>0.所以(*)式=2pqa2+2pqb2-4pqab=2pq(a-b)2,因为p,q>0,(a-b)2≥0,所以(*)式≥0,所以pf(a)+qf(b)≥f(pa+qb).2.若x+y+z=1,且x,y,z∈R,则x2+y2+z2与的大小关系为___22、_____.解析:x2+y2+z2-=(3x2+3y2+3z2-1)=[3x2+3y2+3z2-(x+y+z)2]=[(x-y)2+(y-z)2+(z-x)2]≥0,即x2+y2+z2≥.答案:x2+y2+z2≥3.设直角三角形的斜边长为c,两直角边长分别为a,b,试比较c3与a3+b3的大小.解:因为c是直角三角形
21、)≥f(pa+qb)D.pf(a)+qf(b)≤f(pa+qb)解析:选C.pf(a)+qf(b)-f(pa+qb)=p(2a2+1)+q(2b2+1)-[2(pa+qb)2+1]=2p(1-p)a2+2q(1-q)b2-4pqab+p+q-1(*),因为p+q=1,p,q>0.所以(*)式=2pqa2+2pqb2-4pqab=2pq(a-b)2,因为p,q>0,(a-b)2≥0,所以(*)式≥0,所以pf(a)+qf(b)≥f(pa+qb).2.若x+y+z=1,且x,y,z∈R,则x2+y2+z2与的大小关系为___
22、_____.解析:x2+y2+z2-=(3x2+3y2+3z2-1)=[3x2+3y2+3z2-(x+y+z)2]=[(x-y)2+(y-z)2+(z-x)2]≥0,即x2+y2+z2≥.答案:x2+y2+z2≥3.设直角三角形的斜边长为c,两直角边长分别为a,b,试比较c3与a3+b3的大小.解:因为c是直角三角形
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